Poučak ili teorem. Iz rječnika metodike. Zdravko Kurnik, Zagreb
|
|
- Τιμόθεος Μαρής
- 6 χρόνια πριν
- Προβολές:
Transcript
1 Iz rječnika metodike Poučak ili teorem Zdravko Kurnik, Zagreb Trajno usvajanje matematičkih znanja nije moguće bez usmjerenog razvoja mišljenja. Zato je razvoj mišljenja učenika jedan od osnovnih zadataka suvremene nastave matematike. Posebno stvaralačkog mišljenja kao najvišeg oblika. Što je mišljenje? Mišljenje se u psihologiji definira kao izdvajanje u spoznaji čovjeka odredenih strana i svojstava promatranog objekta i njihovo dovodenje u odgovarajuće veze s drugim objektima u cilju stjecanja novih znanja. Jedan od osnovnih oblika mišljenja su pojmovi. Pojam je oblik mišljenja u kojem se odražavaju bitna i karakteristična svojstva objekata koji se proučavaju. U mišljenju pojmovi ne dolaze odvojeno, nego se na odredeni način medusobno povezuju. Oblici takvih veza medu pojmovima jesu sudovi, drugi osnovni oblik mišljenja. Sud (izjava, izreka, iskaz) je suvisla deklarativna rečenica koja se u pogledu istinitosti podvrgava načelu kontradikcije i načelu isključenog trećeg, tj. ona je ili istinita, ili neistinita. Najvažnije vrste matematičkih sudova su aksiomi, postulati i teoremi. A) Pri proučavanju elementarne matematike brzo dolazimo do spoznaje da se svi zaključci dobivaju rasudivanjem iz nekoliko osnovnih postavki. Te osnovne postavke su aksiomi. Aksiom je polazna tvrdnja koja se smatra istinitom i koja se ne dokazuje. Često se kaže da su aksiomi očigledne istine. Primjeri aksioma: Cjelina je veća od dijela. Ako se jednakim stvarima dodaju jednake stvari, i cjeline su jednake. Točkom izvan danog pravca može se povući jedinstven pravac paralelan s tim pravcem. Za svaka dva pozitivna realna broja a i b postoji takav prirodan broj n da je na > b (Arhimedov aksiom). Postulat je polazna tvrdnja koja se takoder uzima bez dokaza. Postulat obično izražava neki uvjet koji treba zadovoljavati neki pojam ili neki odnos medu pojmovima. Primjer 1. Pojam površine. Neka je P skup svih poligona u ravnini, uključujući i prazan skup. Površina na skupu P je preslikavanje p : P! R koje ima sljedeća svojstva: P1) p(p) 0 za svaki poligon P. P2) Ako je poligon P zbroj poligona P 1 i P 2, onda je p(p 1 + P 2 )=p(p 1 )+p(p 2 ): P3) Ako su poligoni P 1 i P 2 sukladni, onda su brojevi p(p 1 ) i p(p 2 ) jednaki, tj. P 1 = P 2 =) p(p 1 )=p(p 2 ): P4) Postoji bar jedan kvadrat K kojemu je duljina stranice jednaka 1 takav da je p(k) =1. 8,
2 Broj p(p) naziva se površina poligona P. U ovoj definiciji pojma površine na skupu poligona izjave P1), P2), P3) ip4) su postulati površine. Nije pogrešno ako se kaže i da su to aksiomi površine. Naime, u matematici se postulati najčešće ne razlikuju od aksioma. B) Aksiomi i osnovni pojmovi čine temelj neke matematičke teorije. Ali ne samo oni. Naime, izgradnja neke matematičke teorije ima sljedeće četiri etape: 1) Navodenje osnovnih pojmova; 2) Formuliranje aksioma; 3) Definiranje novih pojmova; 4) Izvodenje i dokazivanje teorema. Vidimo da su za izgradnju važne i izjave koje se logičkim rasudivanjem izvode iz aksioma i definicija teoremi. Teoremi proširuju i produbljuju naše znanje o nekom području matematike i njegovim objektima. Teorem je glavni predmet naših razmatranja. Uškolskoj matematici za ovaj pojam rabimo naziv poučak. Teorem ili poučak (grč. ϑεóρημα nešto videno, prizor, predstava, poučak) je matematička izjava čija se istinitost utvrduje dokazom. Važno je odmah istaknuti da se pod teoremom uvijek podrazumijeva istinita izjava. U teoremu treba biti jasno istaknuto, s jedne strane, uz koje se uvjete u njemu razmatra odredeni objekt, a s druge strane, što se o tome objektu tvrdi. Prema tome, u formulaciji teorema razlikuju se dva dijela: pretpostavka (uvjet, hipoteza) Pitvrdnja (zaključak, posljedica, teza) Q. Pretpostavka P je jedna ili više izjava koje se smatraju istinitim, a tvrdnja Q je izjava koju treba dokazati. Učenici često imaju poteškoća pri razlikovanju pretpostavke i tvrdnje, već i zato što nije uvijek jednostavno odvojiti objekt od uvjeta, pa ih znaju brkati. Tome može doprinijeti i ponekad nespretna formulacija poučka. Kako je obrada poučaka važan dio nastave matematike, potrebno je da nastavnik uloži dodatni napor za svladavanje tih poteškoća i pravilno usmjeravanje mišljenja učenika. Za ilustraciju razmotrimo nekoliko poučaka i istaknimo u njima pretpostavku i tvrdnju. Primjer 2. Poučci iz školskog gradiva. 1) Umnožak dvaju uzastopnih parnih brojeva a i b djeljiv je sa 8. P: a i b su uzastopni parni brojevi. Q: Umnožak ab djeljiv je sa 8. 2) Dijagonale romba su okomite. P: Četverokut je romb. Q: Dijagonale romba su okomite. 3) U svakom trokutu nasuprot dviju stranica jednakih duljina leže jednaki kutovi. P: U trokutu dvije su stranice jednakih duljina. Q: Kutovi nasuprot tih stranica su jednaki. 4) Talesov poučak. Svaki obodni kut nad promjerom kružnice pravi je kut. P: Dani kut je obodni kut nad promjerom kružnice. Q: Dani kut je pravi kut. 5) Pitagorin poučak. Zbroj kvadrata duljina kateta a i b svakog pravokutnog trokuta jednak je kvadratu duljine hipotenuze c. P: a i b su duljine kateta pravokutnog trokuta, a c je duljina hipotenuze. Q: Vrijedi jednakost a 2 + b 2 = c 2. 6) Vièteov poučak. Akosux 1 ix 2 rješenja kvadratne jednadžbe ax 2 + bx + c = 0, onda vrijede jednakosti x 1 + x 2 = ; b a x 1x 2 = c d : P: x 1 i x 2 su rješenja kvadratne jednadžbe ax 2 + bx + c = 0. Q: Za brojeve x 1 ix 2 vrijede jednakosti x 1 + x 2 = ; b a, x 1x c 2 = a. Da bi se lakše moglo izdvojiti pretpostavku i tvrdnju u teoremu, teorem se obično formulira rečenicom oblika ako :::, onda :::. Prvi dio rečenice tada je pretpostavka 102 8, 2000
3 P, a drugi tvrdnja Q. Prednost ovakvog zapisa teorema u vezi s pitanjem strukture teorema i razumijevanja je očita. Zato je poželjno svaki poučak u nastavi matematike formulirati i u tom obliku, tj. tako da prvi dio, pretpostavka, započinje riječju ako, a drugi dio, tvrdnja, započinje riječju onda. Naravno, kadgod je to moguće učiniti na prirodan način. U primjeru 2 taj oblik ima samo poučak 6). Preformulirajmo i ostale. Primjer 3. 1) Ako su a i b uzastopni parni brojevi, onda je umnožak ab djeljiv sa 8. 2) Ako je dani četverokut romb, onda su njegove dijagonale okomite. 3) Ako su u trokutu dvije stranice jednakih duljina, onda su kutovi nasuprot tih stranica jednaki. 4) Talesov poučak. Ako je dani kut obodni kut nad promjerom kružnice, onda je taj kut pravi kut. 5) Pitagorin poučak. Ako su a i b duljine kateta, a c duljina hipotenuze pravokutnog trokuta, onda vrijedi jednakost a 2 + b 2 = c 2. Poučak se može formulirati i na način da se pretpostavka i tvrdnja odvoje u posebne rečenice. I u takvom slučaju nije teško izvršiti preformuliranje na gore navedeni oblik, ali obično nema potrebe. Kraće rečenice se lakše i brže shvaćaju. Primjer 4. Dokazni zadaci s matematičkih natjecanja. 1) Neka su brojevi a, b, c, d redom ostaci dijeljenja broja n sa 2, 3, 5 i 11. Dokažite da je zbroj 15a + 10b + 6c + 30d ; n djeljiv sa 30. 2) U trokutu ABC duljine stranica a, b i c povezuje jednakost a+b = 2c, a > b. Iz vrha C povučene su visina CD i težišnica CE. Dokažite da je jdej = a ; b. 3) Dan je trapez ABCD. Polovištem M kraka AD nacrtana je okomica na pravac BC. AkojeN nožište te okomice, dokažite da je površina P trapeza dana sa P = jbcjjmnj. 4) Neka su a 1, a 2, :::, a n, a n+1 različiti prirodni brojevi manji od 2n. Dokažite da se medu njima mogu naći bar 3 broja, tako da je jedan od njih jednak zbroju druga dva. 5) Kompleksni brojevi z 1, z 2, z 3 pridruženi su trima točkama T 1, T 2, T 3 kružnice k(o 1) i pri tome je z 1 + z 2 + z 3 = 0. Dokažite da je trokut T 1 T 2 T 3 jednakostraničan. U svakom od ovih dokaznih zadataka uvjeti su vrlo jasno naznačeni: odmah se uočava što je pretpostavka, a što tvrdnja. Logički zapis teorema je u obliku implikacije P =) Q. Čitamo: P implicira Q, P povlači Q ili Ako je P, onda je Q. Ovaj treći način zapisa implikacije riječima, kao što smo vidjeli u gornjim primjerima, najpogodniji je za razumijevanje uloge pretpostavke P i tvrdnje Q u gradnji teorema. C) Zamijene li se u teoremu medusobno pretpostavka i tvrdnja, dobiva se izjava koja se naziva obrat teorema. Zapis obrata teorema P =) Q u obliku implikacije je Q =) P. Obrat teorema ne mora biti istinit. Primjer 5. Obrati poučaka. Poučci: Ako c dijeli a, onda c dijeli umnožak ab. Ako je u ravnini pravac p okomit na pravac q, onda se pravci p i q sijeku. Obrati poučaka: Ako c dijeli umnožak ab, onda c dijeli a. Ako se pravci p i q u ravnini sijeku, onda su oni okomiti. Obrati poučaka nisu istinite izjave. Nije teško naći prirodne brojeve a, b i c, odnosno pravce p i q u ravnini za koje obrati ne vrijede. 8,
4 Nastavna praksa pokazuje da učenici, osim poteškoća pri razlikovanju pretpostavke i tvrdnje u poučku, imaju dosta poteškoća i kada je riječ o obratu poučka i njegovom formuliranju. Ilustrirajmo to jednim jednostavnim zadatkom. Primjer 6. Je li trokut čije su duljine stranica 1) a = 8, b = 15, c = 17, 2) a = 20, b = 21, c = 29 pravokutan trokut? Učenici ispravno krenu u provjeravanje jednakosti a 2 + b 2 = c 2 : = = 169 = 13 2, = = 841 = 29 2, ali onda najčešće krivo zaključe da po Pitagorinom poučku slijedi da su oba trokuta pravokutna. Medutim, odgovor na postavljeno pitanje ne slijedi iz samog Pitagorinog poučka, već je povezan s obratom Pitagorinog poučka. Zato je potrebno taj obrat u nastavi ili formulirati i dokazati, ili bar formulirati, ali prešućivanje obrata svakako nije dobro za razvoj mišljenja učenika. Formulirajmo obrate triju poznatih školskih poučaka. Usporedivanjem ranijih zapisa tih poučaka riječima, lako se uočava za našu svrhu prednost onih zapisa rečenicama oblika ako :::, onda :::. Primjer 7. 1) Obrat Talesovog poučka. Ako je 6 ACB pravi kut, onda je on obodni kut kružnice nad promjerom AB. 2) Obrat Pitagorinog poučka. Ako za duljine stranica a, bicnekogtrokuta vrijedi jednakost a 2 + b 2 = c 2, onda je taj trokut pravokutan i pri tome je c duljina njegove hipotenuze. 3) Obrat Viéteovog poučka. Ako su a, b, c dani realni brojevi, a 6= 0, i x 1 ix 2 brojevi za koje vrijede jednakosti x 1 + x 2 = ; b a, x 1x c 2 = a, onda su x 1 ix 2 rješenja kvadratne jednadžbe ax 2 + bx + c = 0. Sva tri obrata su istinite izjave, tj. teoremi. D) Uz već istaknute dvije implikacije P =) QiQ=) P mogu se promatrati i implikacije s negacijama ep ieq izjava P i Q. Negaciju ea neke izjave A čitamo non A ili nije A i znamo da je ona istinita kad je A neistinita i obratno. Primjer 8. Izjave i njihove negacije. Izjave: Ne postoji paran prost broj. Četverokut kojemu se dijagonale raspo- je paralelogram. plavljaju 2 je iracionalan broj. Negacije izjava: Postoji paran prost broj. Četverokut kojemu se dijagonale raspo- nije paralelogram. plavljaju p 2 nije iracionalan broj. (Afirmativno: 2 je racionalan broj!). Lako se uvida da je prva izjava neistinita, a druga i treća istinite. Za njihove negacije vrijedi, naravno, obrnuto. Često se promatra implikacija eq =) ep. Izjava eq =) ep naziva se kontrapozicija izjave P =) Q. Na taj način sa svakim teoremom možemo povezati sljedeće četiri implikacije: P =) Q (teorem) Q =) P (obrat teorema) eq =) ep (kontrapozicija) ep =) eq (obrat kontrapozicije). U kakvom su odnosu te četiri implikacije otkrit će nam idući primjer iz planimetrije. Primjer 9. Sukladnost i sličnost trokuta. (P =) Q) Ako su trokuti sukladni, onda su oni i slični , 2000
5 (Q =) P) Ako su trokuti slični, onda su oni i sukladni. (eq =) ep) Ako trokuti nisu slični, onda oni nisu ni sukladni. (ep =) eq) Ako trokuti nisu sukladni, onda oni nisu ni slični. Lako se uvida da su prva i treća izjava istinite, a druga i četvrta neistinite. Veze medu izjavama uočene u primjeru 9 nisu slučajne. Uvijek su implikacije P =) Q i eq =) ep istovremeno ili obje istinite, ili obje neistinite. Isto vrijedi i za implikacije Q =) PieP =) eq. Za takav par izjava kažemo da su ekvivalentne. Odavde se dade zaključiti da su od četiri na početku odjeljka promatrane implikacije bitne samo prve dvije (teorem i obrat teorema). Medutim, kada se prijede na dokazivanje poučaka, pokazuje se korisnost i drugih dviju implikacija. Zaključak. Poučak je jedan od najvažnijih matematičkih pojmova i njegova obrada zahtijeva posebnu pozornost svakog nastavnika matematike. Pravilna obrada toga pojma omogućuje brži razvoj matematičkog mišljenja učenika i bolje razumijevanje same matematike. Zato na kraju ponovo ističemo osnovna pitanja te obrade: 1) Precizno formuliranje poučka i moguće preformuliranje poučka. 2) Jasno razlikovanje pretpostavke i tvrdnje i razumijevanje njihove uloge u gradnji poučka. 3) Obrat poučka i njegova formulacija. 4) Formulacija negacije neke izjave. Za razvoj matematičkog i logičkog mišljenja učenika ništa manje nije važno ni peto pitanje, pitanje dokazivanja poučaka. No, to pitanje razmotrit ćemo podrobnije u idućem broju časopisa. Jedan zadatak s pismenog ispita na Matematičkom odjelu Prirodoslovno-matematičkog fakulteta u Zagrebu (14. veljače 1996.) Neka je skup svih slobodnih mladića u Zagrebu, a skup svih slobodnih djevojaka u Zagrebu. Izmedu ta dva skupa uspostavimo relaciju definiranu sa: za m 2, f 2 je m f ako i samo ako su m i f dogovorili izlazak za Valentinovo navečer (mogući su višestruki dogovori). Ako je m f, onda m i f promatramo kao uredeni par hm f i. Različiti parovi hm f i i hm 0 f 0 i izići će u isti klub ako i samo ako su im ženski članovi isti ili (m f 0 ^ m 0 f ). Budući da jedna osoba ne može biti na više mjesta istovremeno, uspostavljen je sljedeći prioritet klubova: ako je m dogovorio sastanke u više klubova, otići će u onaj od njih u kojem se ukupno dogovorilo najviše parova. Provjerite postoji li klub (ili klubovi), i uz koje uvjete, u kojem (kojima) sigurno nijedna djevojka neće ostati sama, bez nekog od svojih dogovora! A klub(ovi) u koji(-e) će sigurno doći svi parovi koji su se tamo dogovorili? Formulirajte uvjet da sigurno postoji klub u kom će doći do tučnjave oko neke djevojke (smatrajte da do tučnjave dolazi ako se na istom mjestu nade više mladića dogovorenih s istom djevojkom). Ako definiramo L m kao skup svih klubova u kojima m ima dogovor, što predstavljaju min (max L m) i max (min L m), gdje min L m i max L m gledamo m m s obzirom na prioritet kako je gore definiran? Sve svoje tvrdnje dokažite! 8,
(P.I.) PRETPOSTAVKA INDUKCIJE - pretpostavimo da tvrdnja vrijedi za n = k.
1 3 Skupovi brojeva 3.1 Skup prirodnih brojeva - N N = {1, 2, 3,...} Aksiom matematičke indukcije Neka je N skup prirodnih brojeva i M podskup od N. Ako za M vrijede svojstva: 1) 1 M 2) n M (n + 1) M,
Διαβάστε περισσότεραM086 LA 1 M106 GRP. Tema: Baza vektorskog prostora. Koordinatni sustav. Norma. CSB nejednakost
M086 LA 1 M106 GRP Tema: CSB nejednakost. 19. 10. 2017. predavač: Rudolf Scitovski, Darija Marković asistent: Darija Brajković, Katarina Vincetić P 1 www.fizika.unios.hr/grpua/ 1 Baza vektorskog prostora.
Διαβάστε περισσότεραINTEGRALNI RAČUN. Teorije, metodike i povijest infinitezimalnih računa. Lucija Mijić 17. veljače 2011.
INTEGRALNI RAČUN Teorije, metodike i povijest infinitezimalnih računa Lucija Mijić lucija@ktf-split.hr 17. veljače 2011. Pogledajmo Predstavimo gornju sumu sa Dodamo još jedan Dobivamo pravokutnik sa Odnosno
Διαβάστε περισσότερα7 Algebarske jednadžbe
7 Algebarske jednadžbe 7.1 Nultočke polinoma Skup svih polinoma nad skupom kompleksnih brojeva označavamo sa C[x]. Definicija. Nultočka polinoma f C[x] je svaki kompleksni broj α takav da je f(α) = 0.
Διαβάστε περισσότερα6 Primjena trigonometrije u planimetriji
6 Primjena trigonometrije u planimetriji 6.1 Trgonometrijske funkcije Funkcija sinus (f(x) = sin x; f : R [ 1, 1]); sin( x) = sin x; sin x = sin(x + kπ), k Z. 0.5 1-6 -4 - -0.5 4 6-1 Slika 3. Graf funkcije
Διαβάστε περισσότερα4 Sukladnost i sličnost trokuta
4 Sukladnost i sličnost trokuta 4.1 Sukladnost trokuta Neka su ABC i A B C trokuti sa stranicama duljina a b c odnosno a b c. Kažemo da su ti trokuti sukladni ako postoji bijekcija f : {A B C} {A B C }
Διαβάστε περισσότεραOperacije s matricama
Linearna algebra I Operacije s matricama Korolar 3.1.5. Množenje matrica u vektorskom prostoru M n (F) ima sljedeća svojstva: (1) A(B + C) = AB + AC, A, B, C M n (F); (2) (A + B)C = AC + BC, A, B, C M
Διαβάστε περισσότεραELEKTROTEHNIČKI ODJEL
MATEMATIKA. Neka je S skup svih živućih državljana Republike Hrvatske..04., a f preslikavanje koje svakom elementu skupa S pridružuje njegov horoskopski znak (bez podznaka). a) Pokažite da je f funkcija,
Διαβάστε περισσότεραRIJEŠENI ZADACI I TEORIJA IZ
RIJEŠENI ZADACI I TEORIJA IZ LOGARITAMSKA FUNKCIJA SVOJSTVA LOGARITAMSKE FUNKCIJE OSNOVE TRIGONOMETRIJE PRAVOKUTNOG TROKUTA - DEFINICIJA TRIGONOMETRIJSKIH FUNKCIJA - VRIJEDNOSTI TRIGONOMETRIJSKIH FUNKCIJA
Διαβάστε περισσότεραTRIGONOMETRIJA TROKUTA
TRIGONOMETRIJA TROKUTA Standardne oznake u trokutuu ABC: a, b, c stranice trokuta α, β, γ kutovi trokuta t,t,t v,v,v s α,s β,s γ R r s težišnice trokuta visine trokuta simetrale kutova polumjer opisane
Διαβάστε περισσότεραa M a A. Može se pokazati da je supremum (ako postoji) jedinstven pa uvodimo oznaku sup A.
3 Infimum i supremum Definicija. Neka je A R. Kažemo da je M R supremum skupa A ako je (i) M gornja meda skupa A, tj. a M a A. (ii) M najmanja gornja meda skupa A, tj. ( ε > 0)( a A) takav da je a > M
Διαβάστε περισσότεραSume kvadrata. mn = (ax + by) 2 + (ay bx) 2.
Sume kvadrata Koji se prirodni brojevi mogu prikazati kao zbroj kvadrata dva cijela broja? Propozicija 1. Ako su brojevi m i n sume dva kvadrata, onda je i njihov produkt m n takoder suma dva kvadrata.
Διαβάστε περισσότερα18. listopada listopada / 13
18. listopada 2016. 18. listopada 2016. 1 / 13 Neprekidne funkcije Važnu klasu funkcija tvore neprekidne funkcije. To su funkcije f kod kojih mala promjena u nezavisnoj varijabli x uzrokuje malu promjenu
Διαβάστε περισσότεραĈetverokut - DOMAĆA ZADAĆA. Nakon odgledanih videa trebali biste biti u stanju samostalno riješiti sljedeće zadatke.
Ĉetverokut - DOMAĆA ZADAĆA Nakon odgledanih videa trebali biste biti u stanju samostalno riješiti sljedeće zadatke. 1. Duljine dijagonala paralelograma jednake su 6,4 cm i 11 cm, a duljina jedne njegove
Διαβάστε περισσότεραIskazna logika 3. Matematička logika u računarstvu. novembar 2012
Iskazna logika 3 Matematička logika u računarstvu Department of Mathematics and Informatics, Faculty of Science,, Serbia novembar 2012 Deduktivni sistemi 1 Definicija Deduktivni sistem (ili formalna teorija)
Διαβάστε περισσότεραDISKRETNA MATEMATIKA - PREDAVANJE 7 - Jovanka Pantović
DISKRETNA MATEMATIKA - PREDAVANJE 7 - Jovanka Pantović Novi Sad April 17, 2018 1 / 22 Teorija grafova April 17, 2018 2 / 22 Definicija Graf je ure dena trojka G = (V, G, ψ), gde je (i) V konačan skup čvorova,
Διαβάστε περισσότεραMATEMATIKA 1 8. domaća zadaća: RADIJVEKTORI. ALGEBARSKE OPERACIJE S RADIJVEKTORIMA. LINEARNA (NE)ZAVISNOST SKUPA RADIJVEKTORA.
Napomena: U svim zadatcima O označava ishodište pravokutnoga koordinatnoga sustava u ravnini/prostoru (tj. točke (0,0) ili (0, 0, 0), ovisno o zadatku), označava skalarni umnožak, a vektorski umnožak.
Διαβάστε περισσότερα3.1 Granična vrednost funkcije u tački
3 Granična vrednost i neprekidnost funkcija 2 3 Granična vrednost i neprekidnost funkcija 3. Granična vrednost funkcije u tački Neka je funkcija f(x) definisana u tačkama x za koje je 0 < x x 0 < r, ili
Διαβάστε περισσότεραViše dokaza jedne poznate trigonometrijske nejednakosti u trokutu
Osječki matematički list 000), 5 9 5 Više dokaza jedne poznate trigonometrijske nejednakosti u trokutu Šefket Arslanagić Alija Muminagić Sažetak. U radu se navodi nekoliko različitih dokaza jedne poznate
Διαβάστε περισσότερα1.4 Tangenta i normala
28 1 DERIVACIJA 1.4 Tangenta i normala Ako funkcija f ima derivaciju u točki x 0, onda jednadžbe tangente i normale na graf funkcije f u točki (x 0 y 0 ) = (x 0 f(x 0 )) glase: t......... y y 0 = f (x
Διαβάστε περισσότεραOsnovni primer. (Z, +,,, 0, 1) je komutativan prsten sa jedinicom: množenje je distributivno prema sabiranju
RAČUN OSTATAKA 1 1 Prsten celih brojeva Z := N + {} N + = {, 3, 2, 1,, 1, 2, 3,...} Osnovni primer. (Z, +,,,, 1) je komutativan prsten sa jedinicom: sabiranje (S1) asocijativnost x + (y + z) = (x + y)
Διαβάστε περισσότεραNeka je a 3 x 3 + a 2 x 2 + a 1 x + a 0 = 0 algebarska jednadžba trećeg stupnja. Rješavanje ove jednadžbe sastoji se od nekoliko koraka.
Neka je a 3 x 3 + a x + a 1 x + a 0 = 0 algebarska jednadžba trećeg stupnja. Rješavanje ove jednadžbe sastoji se od nekoliko koraka. 1 Normiranje jednadžbe. Jednadžbu podijelimo s a 3 i dobivamo x 3 +
Διαβάστε περισσότεραPOVRŠINA TANGENCIJALNO-TETIVNOG ČETVEROKUTA
POVRŠIN TNGENIJLNO-TETIVNOG ČETVEROKUT MLEN HLP, JELOVR U mnoštvu mnogokuta zanimljiva je formula za površinu četverokuta kojemu se istoobno može upisati i opisati kružnica: gje su a, b, c, uljine stranica
Διαβάστε περισσότεραradni nerecenzirani materijal za predavanja R(f) = {f(x) x D}
Matematika 1 Funkcije radni nerecenzirani materijal za predavanja Definicija 1. Neka su D i K bilo koja dva neprazna skupa. Postupak f koji svakom elementu x D pridružuje točno jedan element y K zovemo funkcija
Διαβάστε περισσότεραFunkcije dviju varjabli (zadaci za vježbu)
Funkcije dviju varjabli (zadaci za vježbu) Vidosava Šimić 22. prosinca 2009. Domena funkcije dvije varijable Ako je zadano pridruživanje (x, y) z = f(x, y), onda se skup D = {(x, y) ; f(x, y) R} R 2 naziva
Διαβάστε περισσότερα( ) ( ) 2 UNIVERZITET U ZENICI POLITEHNIČKI FAKULTET. Zadaci za pripremu polaganja kvalifikacionog ispita iz Matematike. 1. Riješiti jednačine: 4
UNIVERZITET U ZENICI POLITEHNIČKI FAKULTET Riješiti jednačine: a) 5 = b) ( ) 3 = c) + 3+ = 7 log3 č) = 8 + 5 ć) sin cos = d) 5cos 6cos + 3 = dž) = đ) + = 3 e) 6 log + log + log = 7 f) ( ) ( ) g) ( ) log
Διαβάστε περισσότεραUvod u teoriju brojeva
Uvod u teoriju brojeva 2. Kongruencije Borka Jadrijević Borka Jadrijević () UTB 2 1 / 25 2. Kongruencije Kongruencija - izjava o djeljivosti; Teoriju kongruencija uveo je C. F. Gauss 1801. De nicija (2.1)
Διαβάστε περισσότεραMatematička analiza 1 dodatni zadaci
Matematička analiza 1 dodatni zadaci 1. Ispitajte je li funkcija f() := 4 4 5 injekcija na intervalu I, te ako jest odredite joj sliku i inverz, ako je (a) I = [, 3), (b) I = [1, ], (c) I = ( 1, 0].. Neka
Διαβάστε περισσότερα2 tg x ctg x 1 = =, cos 2x Zbog četvrtog kvadranta rješenje je: 2 ctg x
Zadatak (Darjan, medicinska škola) Izračunaj vrijednosti trigonometrijskih funkcija broja ako je 6 sin =,,. 6 Rješenje Ponovimo trigonometrijske funkcije dvostrukog kuta! Za argument vrijede sljedeće formule:
Διαβάστε περισσότεραTrigonometrija 2. Adicijske formule. Formule dvostrukog kuta Formule polovičnog kuta Pretvaranje sume(razlike u produkt i obrnuto
Trigonometrija Adicijske formule Formule dvostrukog kuta Formule polovičnog kuta Pretvaranje sume(razlike u produkt i obrnuto Razumijevanje postupka izrade složenijeg matematičkog problema iz osnova trigonometrije
Διαβάστε περισσότεραRADIJVEKTORI. ALGEBARSKE OPERACIJE S RADIJVEKTORIMA. LINEARNA (NE)ZAVISNOST SKUPA RADIJVEKTORA.
Napomena: U svim zadatcima O označava ishodište pravokutnoga koordinatnoga sustava u ravnini/prostoru (tj. točke (0,0) ili (0, 0, 0), ovisno o zadatku), označava skalarni umnožak, a vektorski umnožak.
Διαβάστε περισσότεραradni nerecenzirani materijal za predavanja
Matematika 1 Funkcije radni nerecenzirani materijal za predavanja Definicija 1. Kažemo da je funkcija f : a, b R u točki x 0 a, b postiže lokalni minimum ako postoji okolina O(x 0 ) broja x 0 takva da je
Διαβάστε περισσότεραLinearna algebra 2 prvi kolokvij,
1 2 3 4 5 Σ jmbag smjer studija Linearna algebra 2 prvi kolokvij, 7. 11. 2012. 1. (10 bodova) Neka je dano preslikavanje s : R 2 R 2 R, s (x, y) = (Ax y), pri čemu je A: R 2 R 2 linearan operator oblika
Διαβάστε περισσότεραTRIGONOMETRIJSKE FUNKCIJE I I.1.
TRIGONOMETRIJSKE FUNKCIJE I I Odredi na brojevnoj trigonometrijskoj kružnici točku Et, za koju je sin t =,cost < 0 Za koje realne brojeve a postoji realan broj takav da je sin = a? Izračunaj: sin π tg
Διαβάστε περισσότεραPRAVA. Prava je u prostoru određena jednom svojom tačkom i vektorom paralelnim sa tom pravom ( vektor paralelnosti).
PRAVA Prava je kao i ravan osnovni geometrijski ojam i ne definiše se. Prava je u rostoru određena jednom svojom tačkom i vektorom aralelnim sa tom ravom ( vektor aralelnosti). M ( x, y, z ) 3 Posmatrajmo
Διαβάστε περισσότεραν nu ξ xi π pi σ, ς sigma τ tau υ upsilon φ, ϕ phi ψ psi ω omega
Grčka slova α alpha β beta γ gamma δ delta ɛ, ε epsilon ζ zeta η eta θ, ϑ theta ι iota κ kappa λ lambda o o µ mu ν nu ξ xi π pi ρ, ϱ rho σ, ς sigma τ tau υ upsilon φ, ϕ phi ψ psi ω omega Γ Gama Delta Θ
Διαβάστε περισσότερα1.1.** Dokaži da tvrdnja vrijedi ako su točke E i D na produžecima dužina AC i BC kroz C.
1.1. U trokutu ABC na dužinama AC i BC odabrane su točke E i D. Simetrale kutova CAD i CBE sijeku se u točki F. Dokaži da vrijedi: AEB + ADB = 2 AF B. 1.1.* Dokaži da tvrdnja 1.1. vrijedi ako je E=C. 1.1.**
Διαβάστε περισσότερα1 Promjena baze vektora
Promjena baze vektora Neka su dane dvije različite uredene baze u R n, označimo ih s A = (a, a,, a n i B = (b, b,, b n Svaki vektor v R n ima medusobno različite koordinatne zapise u bazama A i B Zapis
Διαβάστε περισσότερα41. Jednačine koje se svode na kvadratne
. Jednačine koje se svode na kvadrane Simerične recipročne) jednačine Jednačine oblika a n b n c n... c b a nazivamo simerične jednačine, zbog simeričnosi koeficijenaa koeficijeni uz jednaki). k i n k
Διαβάστε περισσότεραElementi spektralne teorije matrica
Elementi spektralne teorije matrica Neka je X konačno dimenzionalan vektorski prostor nad poljem K i neka je A : X X linearni operator. Definicija. Skalar λ K i nenula vektor u X se nazivaju sopstvena
Διαβάστε περισσότεραTeorijske osnove informatike 1
Teorijske osnove informatike 1 9. oktobar 2014. () Teorijske osnove informatike 1 9. oktobar 2014. 1 / 17 Funkcije Veze me du skupovima uspostavljamo skupovima koje nazivamo funkcijama. Neformalno, funkcija
Διαβάστε περισσότερα6 Polinomi Funkcija p : R R zadana formulom
6 Polinomi Funkcija p : R R zadana formulom p(x) = a n x n + a n 1 x n 1 +... + a 1 x + a 0, gdje su a 0, a 1,..., a n realni brojevi, a n 0, i n prirodan broj ili 0, naziva se polinom n-tog stupnja s
Διαβάστε περισσότεραDijagonalizacija operatora
Dijagonalizacija operatora Problem: Može li se odrediti baza u kojoj zadani operator ima dijagonalnu matricu? Ova problem je povezan sa sljedećim pojmovima: 1 Karakteristični polinom operatora f 2 Vlastite
Διαβάστε περισσότεραOPĆINSKO/ŠKOLSKO NATJECANJE IZ MATEMATIKE 4. veljače razred-rješenja
OPĆINSKO/ŠKOLSKO NATJECANJE IZ MATEMATIKE 4. veljače 00. 4. razred-rješenja. 00 + 00 + 00 3 + 00 4 + 00 = 00 ( + + 3 + 4 + ) = 00 = 300... UKUPNO 4 BODA. 96 8 : 4 + 0 ( 68 66 ) = 96 7 + 0 = 89 + 0 = 09...
Διαβάστε περισσότεραje B 1 = B 2. Prvi teorem kojeg ćemo dokazati primjenom Menelajeva teorema je Euklidski slučaj poznatog Desargesova 2 teorema. B 2 Z B 1B 2 B 1 O
Zoran Topić, Imotski Menelajev teorem i neke primjene U ovom članku ćemo dokazati Menelajev 1 teorem i pokazati neke primjene tog teorema. Menelajevo najvažnije djelo je Sphaerica u kojem dokazuje i Menelajev
Διαβάστε περισσότερα2n 2, 2n, 2n + 2. a = 2n 2, b = 2n, c = 2n + 2. a b c. a P =
Zadatak (Tomislav gimnazija) Nađite sve pravokutne trokute čije su stranice tri uzastopna parna roja Rješenje inačica pća formula za parne rojeve je n n N udući da se parni rojevi povećavaju za možemo
Διαβάστε περισσότεραRiješeni zadaci: Nizovi realnih brojeva
Riješei zadaci: Nizovi realih brojeva Nizovi, aritmetički iz, geometrijski iz Fukciju a : N R azivamo beskoači) iz realih brojeva i ozačavamo s a 1, a,..., a,... ili a ), pri čemu je a = a). Aritmetički
Διαβάστε περισσότεραπ π ELEKTROTEHNIČKI ODJEL i) f (x) = x 3 x 2 x + 1, a = 1, b = 1;
1. Provjerite da funkcija f definirana na segmentu [a, b] zadovoljava uvjete Rolleova poučka, pa odredite barem jedan c a, b takav da je f '(c) = 0 ako je: a) f () = 1, a = 1, b = 1; b) f () = 4, a =,
Διαβάστε περισσότερα1.1.** Dokaži da tvrdnja vrijedi ako su točke E i D na produžecima dužina AC i BC kroz C.
Geometrija 1. dio. 1.1. U trokutu ABC na dužinama AC i BC odabrane su točke E i D. Simetrale kutova CAD i CBE sijeku se u točki F. Dokaži da vrijedi: AEB + ADB = 2 AF B. 1.1.* Dokaži da tvrdnja 1.1. vrijedi
Διαβάστε περισσότεραUNIVERZITET U NIŠU ELEKTRONSKI FAKULTET SIGNALI I SISTEMI. Zbirka zadataka
UNIVERZITET U NIŠU ELEKTRONSKI FAKULTET Goran Stančić SIGNALI I SISTEMI Zbirka zadataka NIŠ, 014. Sadržaj 1 Konvolucija Literatura 11 Indeks pojmova 11 3 4 Sadržaj 1 Konvolucija Zadatak 1. Odrediti konvoluciju
Διαβάστε περισσότερα21. ŠKOLSKO/OPĆINSKO/GRADSKO NATJECANJE IZ GEOGRAFIJE GODINE 8. RAZRED TOČNI ODGOVORI
21. ŠKOLSKO/OPĆINSKO/GRADSKO NATJECANJE IZ GEOGRAFIJE 2014. GODINE 8. RAZRED TOČNI ODGOVORI Bodovanje za sve zadatke: - boduju se samo točni odgovori - dodatne upute navedene su za pojedine skupine zadataka
Διαβάστε περισσότεραPARCIJALNI IZVODI I DIFERENCIJALI. Sama definicija parcijalnog izvoda i diferencijala je malo teža, mi se njome ovde nećemo baviti a vi ćete je,
PARCIJALNI IZVODI I DIFERENCIJALI Sama definicija parcijalnog ivoda i diferencijala je malo teža, mi se njome ovde nećemo baviti a vi ćete je, naravno, naučiti onako kako vaš profesor ahteva. Mi ćemo probati
Διαβάστε περισσότεραMATRICE I DETERMINANTE - formule i zadaci - (Matrice i determinante) 1 / 15
MATRICE I DETERMINANTE - formule i zadaci - (Matrice i determinante) 1 / 15 Matrice - osnovni pojmovi (Matrice i determinante) 2 / 15 (Matrice i determinante) 2 / 15 Matrice - osnovni pojmovi Matrica reda
Διαβάστε περισσότερα1 Aksiomatska definicija skupa realnih brojeva
1 Aksiomatska definicija skupa realnih brojeva Definicija 1 Polje realnih brojeva je skup R = {x, y, z...} u kojemu su definirane dvije binarne operacije zbrajanje (oznaka +) i množenje (oznaka ) i jedna binarna
Διαβάστε περισσότεραZadaci sa prethodnih prijemnih ispita iz matematike na Beogradskom univerzitetu
Zadaci sa prethodnih prijemnih ispita iz matematike na Beogradskom univerzitetu Trigonometrijske jednačine i nejednačine. Zadaci koji se rade bez upotrebe trigonometrijskih formula. 00. FF cos x sin x
Διαβάστε περισσότεραKontrolni zadatak (Tačka, prava, ravan, diedar, poliedar, ortogonalna projekcija), grupa A
Kontrolni zadatak (Tačka, prava, ravan, diedar, poliedar, ortogonalna projekcija), grupa A Ime i prezime: 1. Prikazane su tačke A, B i C i prave a,b i c. Upiši simbole Î, Ï, Ì ili Ë tako da dobijeni iskazi
Διαβάστε περισσότεραUdaljenosti karakterističnih točaka trokuta
Udaljenosti karakterističnih točaka trokuta Kristijan Kilassa Kvaternik U trokutu postoje četiri karakteristične točke: težište G, ortocentar H, središte upisane kružnice I i središte opisane kružnice
Διαβάστε περισσότερα9. GRANIČNA VRIJEDNOST I NEPREKIDNOST FUNKCIJE GRANIČNA VRIJEDNOST ILI LIMES FUNKCIJE
Geodetski akultet, dr sc J Beban-Brkić Predavanja iz Matematike 9 GRANIČNA VRIJEDNOST I NEPREKIDNOST FUNKCIJE GRANIČNA VRIJEDNOST ILI LIMES FUNKCIJE Granična vrijednost unkcije kad + = = Primjer:, D( )
Διαβάστε περισσότεραmogućih vrijednosti rs3. Za m, n N, mn+1 m 2 +n 2 m2 + n 2 mn + 1 je kvadrat prirodnog broja.
r1. Neka je n fiksan prirodan broj. Neka je k bilo koji prirodan broj ne veći od n i neka je S skup nekih k različitih prostih brojeva. Ivica i Marica igraju naizmjenično sljedeću igru. Svako od njih bira
Διαβάστε περισσότεραDeterminante. a11 a. a 21 a 22. Definicija 1. (Determinanta prvog reda) Determinanta matrice A = [a] je broj a.
Determinante Determinanta A deta je funkcija definirana na skupu svih kvadratnih matrica, a poprima vrijednosti iz skupa skalara Osim oznake deta za determinantu kvadratne matrice a 11 a 12 a 1n a 21 a
Διαβάστε περισσότεραTeorem 1.8 Svaki prirodan broj n > 1 moºe se prikazati kao umnoºak prostih brojeva (s jednim ili vi²e faktora).
UVOD U TEORIJU BROJEVA Drugo predavanje - 10.10.2013. Prosti brojevi Denicija 1.4. Prirodan broj p > 1 zove se prost ako nema niti jednog djelitelja d takvog da je 1 < d < p. Ako prirodan broj a > 1 nije
Διαβάστε περισσότεραPRAVAC. riješeni zadaci 1 od 8 1. Nađite parametarski i kanonski oblik jednadžbe pravca koji prolazi točkama. i kroz A :
PRAVAC iješeni adaci od 8 Nađie aameaski i kanonski oblik jednadžbe aca koji olai očkama a) A ( ) B ( ) b) A ( ) B ( ) c) A ( ) B ( ) a) n a AB { } i ko A : j b) n a AB { 00 } ili { 00 } i ko A : j 0 0
Διαβάστε περισσότεραZadaci iz Osnova matematike
Zadaci iz Osnova matematike 1. Riješiti po istinitosnoj vrijednosti iskaza p, q, r jednačinu τ(p ( q r)) =.. Odrediti sve neekvivalentne iskazne formule F = F (p, q) za koje je iskazna formula p q p F
Διαβάστε περισσότεραZBIRKA POTPUNO RIJEŠENIH ZADATAKA
**** IVANA SRAGA **** 1992.-2011. ZBIRKA POTPUNO RIJEŠENIH ZADATAKA PRIRUČNIK ZA SAMOSTALNO UČENJE POTPUNO RIJEŠENI ZADACI PO ŽUTOJ ZBIRCI INTERNA SKRIPTA CENTRA ZA PODUKU α M.I.M.-Sraga - 1992.-2011.
Διαβάστε περισσότερα5. Karakteristične funkcije
5. Karakteristične funkcije Profesor Milan Merkle emerkle@etf.rs milanmerkle.etf.rs Verovatnoća i Statistika-proleće 2018 Milan Merkle Karakteristične funkcije ETF Beograd 1 / 10 Definicija Karakteristična
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNA MATEMATIKA 1
Na kolokviju nije dozvoljeno koristiti ni²ta osim pribora za pisanje. Zadatak 1. Ispitajte odnos skupova: C \ (A B) i (A C) (C \ B). Rje²enje: Neka je x C \ (A B). Tada imamo x C i x / A B = (A B) \ (A
Διαβάστε περισσότεραUdaljenosti karakterističnih točaka trokuta
Udaljenosti karakterističnih točaka trokuta Kristijan Kilassa Kvaternik 1 U trokutu postoje četiri karakteristične točke: težište G, ortocentar H, središte upisane kružnice I i središte opisane kružnice
Διαβάστε περισσότεραZadaci iz trigonometrije za seminar
Zadaci iz trigonometrije za seminar FON: 1. Vrednost izraza sin 1 cos 6 jednaka je: ; B) 1 ; V) 1 1 + 1 ; G) ; D). 16. Broj rexea jednaqine sin x cos x + cos x = sin x + sin x na intervalu π ), π je: ;
Διαβάστε περισσότεραRJEŠENJA ZA 4. RAZRED
RJEŠENJA ZA 4. RAZRED OVDJEJEDANJEDANNAČIN RJEŠAVANJA ZADATAKA. UKOLIKO UČENIK IMA DRUGA- ČIJI POSTUPAK RJEŠAVANJA, ČLAN POVJERENSTVA DUŽAN JE I TAJ POSTUPAK OCI- JENITI I BODOVATI NA ODGOVARAJUĆI NAČIN.
Διαβάστε περισσότεραRiješeni zadaci: Limes funkcije. Neprekidnost
Riješeni zadaci: Limes funkcije. Neprekidnost Limes funkcije Neka je 0 [a, b] i f : D R, gdje je D = [a, b] ili D = [a, b] \ { 0 }. Kažemo da je es funkcije f u točki 0 jednak L i pišemo f ) = L, ako za
Διαβάστε περισσότεραNeka su A i B skupovi. Kažemo da je A podskup od B i pišemo A B ako je svaki element skupa A ujedno i element skupa B. Simbolima to zapisujemo:
2 Skupovi Neka su A i B skupovi. Kažemo da je A podskup od B i pišemo A B ako je svaki element skupa A ujedno i element skupa B. Simbolima to zapisujemo: A B def ( x)(x A x B) Kažemo da su skupovi A i
Διαβάστε περισσότεραnumeričkih deskriptivnih mera.
DESKRIPTIVNA STATISTIKA Numeričku seriju podataka opisujemo pomoću Numeričku seriju podataka opisujemo pomoću numeričkih deskriptivnih mera. Pokazatelji centralne tendencije Aritmetička sredina, Medijana,
Διαβάστε περισσότεραLinearna algebra 2 prvi kolokvij,
Linearna algebra 2 prvi kolokvij, 27.. 20.. Za koji cijeli broj t je funkcija f : R 4 R 4 R definirana s f(x, y) = x y (t + )x 2 y 2 + x y (t 2 + t)x 4 y 4, x = (x, x 2, x, x 4 ), y = (y, y 2, y, y 4 )
Διαβάστε περισσότεραNumerička matematika 2. kolokvij (1. srpnja 2009.)
Numerička matematika 2. kolokvij (1. srpnja 29.) Zadatak 1 (1 bodova.) Teorijsko pitanje. (A) Neka je G R m n, uz m n, pravokutna matrica koja ima puni rang po stupcima, tj. rang(g) = n. (a) Napišite puni
Διαβάστε περισσότεραDRŽAVNO NATJECANJE IZ MATEMATIKE Poreč, 25.travnja-27.travnja razred-rješenja
DRŽAVNO NATJECANJE IZ MATEMATIKE Poreč, 5.travnja-7.travnja 01. 5. razred-rješenja OVDJE JE DAN JEDAN NAČIN RJEŠAVANJA ZADATAKA. UKOLIKO UČENIK IMA DRUGAČIJI POSTUPAK RJEŠAVANJA, ČLAN POVJERENSTVA DUŽAN
Διαβάστε περισσότεραPOTPUNO RIJEŠENIH ZADATAKA PRIRUČNIK ZA SAMOSTALNO UČENJE
**** MLADEN SRAGA **** 011. UNIVERZALNA ZBIRKA POTPUNO RIJEŠENIH ZADATAKA PRIRUČNIK ZA SAMOSTALNO UČENJE SKUP REALNIH BROJEVA α Autor: MLADEN SRAGA Grafički urednik: BESPLATNA - WEB-VARIJANTA Tisak: M.I.M.-SRAGA
Διαβάστε περισσότεραM086 LA 1 M106 GRP Tema: Uvod. Operacije s vektorima.
M086 LA 1 M106 GRP Tema:.. 5. 10. 2017. predavač: Rudolf Scitovski, Darija Marković asistent: Darija Brajković, Katarina Vincetić P 1 www.fizika.unios.hr/grpua/ 1 2 M086 LA 1, M106 GRP.. 2/17 P 1 www.fizika.unios.hr/grpua/
Διαβάστε περισσότεραDvanaesti praktikum iz Analize 1
Dvaaesti praktikum iz Aalize Zlatko Lazovi 20. decembar 206.. Dokazati da fukcija f = 5 l tg + 5 ima bar jedu realu ulu. Ree e. Oblast defiisaosti fukcije je D f = k Z da postoji ula fukcije a 0, π 2.
Διαβάστε περισσότεραJoš neki dokazi leptirovog teorema
POUČAK 50 Još neki dokazi leptirovog teorema Šefket Arslanagić, Alija Muminagić U [] su dana četiri razna dokaza Leptirovog teorema (Butterfly s theorems), od kojih su dva čisto planimetrijska, jedan je
Διαβάστε περισσότεραLinearna algebra I, zimski semestar 2007/2008
Linearna algebra I, zimski semestar 2007/2008 Predavanja: Nenad Bakić, Vježbe: Luka Grubišić i Maja Starčević 22. listopada 2007. 1 Prostor radijvektora i sustavi linearni jednadžbi Neka je E 3 trodimenzionalni
Διαβάστε περισσότεραMatematika 1+ - skripta za dodatnu nastavu u 1. razredu srednje škole - Kristijan Kvaternik
Matematika + - skripta za dodatnu nastavu u. razredu srednje škole - Kristijan Kvaternik Sadržaj Obodni i središnji kut 2 Zadatci za vježbu............................ 8 2 Sukladnost i sličnost 9 Zadatci
Διαβάστε περισσότεραMATEMATIKA I 1.kolokvij zadaci za vježbu I dio
MATEMATIKA I kolokvij zadaci za vježbu I dio Odredie c 0 i kosinuse kueva koje s koordinanim osima čini vekor c = a b ako je a = i + j, b = i + k Odredie koliki je volumen paralelepipeda, čiji se bridovi
Διαβάστε περισσότερα1. zadatak , 3 Dakle, sva kompleksna re{ewa date jedna~ine su x 1 = x 2 = 1 (dvostruko re{ewe), x 3 = 1 + i
PRIPREMA ZA II PISMENI IZ ANALIZE SA ALGEBROM. zadatak Re{avawe algebarskih jedna~ina tre}eg i ~etvrtog stepena. U skupu kompleksnih brojeva re{iti jedna~inu: a x 6x + 9 = 0; b x + 9x 2 + 8x + 28 = 0;
Διαβάστε περισσότεραOPĆINSKO/ŠKOLSKO NATJECANJE IZ MATEMATIKE
OPĆINSKO/ŠKOLSKO NATJECANJE IZ MATEMATIKE 1. razred srednja škola B kategorija 9. siječnja 009. 1. Riješi nejednadžbu x + x Rješenje. 1 u skupu prirodnih brojeva. x + x 1 x + x + 0 x x < 0 x
Διαβάστε περισσότεραSveučilište u Zagrebu. Prirodoslovno-matematički fakultet Matematički odsjek. Tonio Škaro. Diplomski rad
Sveučilište u Zagrebu Prirodoslovno-matematički fakultet Matematički odsjek Tonio Škaro Težišnice trokuta i težište Diplomski rad Zagreb, rujan, 015 Sveučilište u Zagrebu Prirodoslovno-matematički fakultet
Διαβάστε περισσότεραMJERA I INTEGRAL 2. kolokvij 30. lipnja (Knjige, bilježnice, dodatni papiri i kalkulatori nisu dozvoljeni!)
JMBAG IM I PZIM BOJ BODOVA MJA I INTGAL 2. kolokvij 30. lipnja 2017. (Knjige, bilježnice, dodatni papiri i kalkulatori nisu dozvoljeni!) 1. (ukupno 6 bodova) Neka je (, F, µ) prostor mjere i neka je (
Διαβάστε περισσότεραSKUPOVI I SKUPOVNE OPERACIJE
SKUPOVI I SKUPOVNE OPERACIJE Ne postoji precizna definicija skupa (postoji ali nama nije zanimljiva u ovom trenutku), ali mi možemo koristiti jednu definiciju koja će nam donekle dočarati šta su zapravo
Διαβάστε περισσότεραUniverzitet u Nišu, Prirodno-matematički fakultet Prijemni ispit za upis OAS Matematika
Univerzitet u Nišu, Prirodno-matematički fakultet Prijemni ispit za upis OAS Matematika Rešenja. Matematičkom indukcijom dokazati da za svaki prirodan broj n važi jednakost: + 5 + + (n )(n + ) = n n +.
Διαβάστε περισσότεραSISTEMI NELINEARNIH JEDNAČINA
SISTEMI NELINEARNIH JEDNAČINA April, 2013 Razni zapisi sistema Skalarni oblik: Vektorski oblik: F = f 1 f n f 1 (x 1,, x n ) = 0 f n (x 1,, x n ) = 0, x = (1) F(x) = 0, (2) x 1 0, 0 = x n 0 Definicije
Διαβάστε περισσότεραOBRTNA TELA. Vladimir Marinkov OBRTNA TELA VALJAK
OBRTNA TELA VALJAK P = 2B + M B = r 2 π M = 2rπH V = BH 1. Zapremina pravog valjka je 240π, a njegova visina 15. Izračunati površinu valjka. Rešenje: P = 152π 2. Površina valjka je 112π, a odnos poluprečnika
Διαβάστε περισσότερα- pravac n je zadan s točkom T(2,0) i koeficijentom smjera k=2. (30 bodova)
MEHANIKA 1 1. KOLOKVIJ 04/2008. grupa I 1. Zadane su dvije sile F i. Sila F = 4i + 6j [ N]. Sila je zadana s veličinom = i leži na pravcu koji s koordinatnom osi x zatvara kut od 30 (sve komponente sile
Διαβάστε περισσότεραIspitivanje toka i skiciranje grafika funkcija
Ispitivanje toka i skiciranje grafika funkcija Za skiciranje grafika funkcije potrebno je ispitati svako od sledećih svojstava: Oblast definisanosti: D f = { R f R}. Parnost, neparnost, periodičnost. 3
Διαβάστε περισσότεραXI dvoqas veжbi dr Vladimir Balti. 4. Stabla
XI dvoqas veжbi dr Vladimir Balti 4. Stabla Teorijski uvod Teorijski uvod Definicija 5.7.1. Stablo je povezan graf bez kontura. Definicija 5.7.1. Stablo je povezan graf bez kontura. Primer 5.7.1. Sva stabla
Διαβάστε περισσότερα2s v A. 0 B. 1 C. 2 D. 4 E. A. 4 B. 3 C. 2 D. 1 E. 0
17 1989 1 1.1. Ako je v = gt + v 0 i s = g 2 t2 + v 0 t, onda je t jednak A. 2s B. v + v 0 2s C. v v 0 s D. v v 0 2s v E. 2s v 1.2. Broj rješenja jednadžbe x + 1 x = 10 u skupu realnih brojeva x R, iznosi
Διαβάστε περισσότεραCauchyjev teorem. Postoji više dokaza ovog teorema, a najjednostvniji je uz pomoć Greenove formule: dxdy. int C i Cauchy Riemannovih uvjeta.
auchyjev teorem Neka je f-ja f (z) analitička u jednostruko (prosto) povezanoj oblasti G, i neka je zatvorena kontura koja čitava leži u toj oblasti. Tada je f (z)dz = 0. Postoji više dokaza ovog teorema,
Διαβάστε περισσότεραMinistarstvo prosvete i sporta Republike Srbije Druxtvo matematiqara Srbije Prvi razred A kategorija
18.02006. Prvi razred A kategorija Dokazati da kruжnica koja sadrжi dva temena i ortocentar trougla ima isti polupreqnik kao i kruжnica opisana oko tog trougla. Na i najve i prirodan broj koji je maƭi
Διαβάστε περισσότεραVerovatnoća i Statistika I deo Teorija verovatnoće (zadaci) Beleške dr Bobana Marinkovića
Verovatnoća i Statistika I deo Teorija verovatnoće zadaci Beleške dr Bobana Marinkovića Iz skupa, 2,, 00} bira se na slučajan način 5 brojeva Odrediti skup elementarnih dogadjaja ako se brojevi biraju
Διαβάστε περισσότεραMatematika (PITUP) Prof.dr.sc. Blaženka Divjak. Matematika (PITUP) FOI, Varaždin
Matematika (PITUP) FOI, Varaždin Dio III Umijeće postavljanja pravih pitanja i problema u matematici treba vrednovati više nego njihovo rješavanje Georg Cantor Sadržaj Matematika (PITUP) Relacije medu
Διαβάστε περισσότεραMATEMATIKA Pokažite da za konjugiranje (a + bi = a bi) vrijedi. a) z=z b) z 1 z 2 = z 1 z 2 c) z 1 ± z 2 = z 1 ± z 2 d) z z= z 2
(kompleksna analiza, vježbe ). Izračunajte a) (+i) ( i)= b) (i+) = c) i + i 4 = d) i+i + i 3 + i 4 = e) (a+bi)(a bi)= f) (+i)(i )= Skicirajte rješenja u kompleksnoj ravnini.. Pokažite da za konjugiranje
Διαβάστε περισσότεραProstorni spojeni sistemi
Prostorni spojeni sistemi K. F. (poopćeni) pomaci i stupnjevi slobode tijela u prostoru: 1. pomak po pravcu (translacija): dva kuta kojima je odreden orijentirani pravac (os) i orijentirana duljina pomaka
Διαβάστε περισσότερα