ΧΗΜΕΙΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ Γ ΤΑΞΗΣ ΗΜΕΡΗΣΙΟΥ ΓΕΝΙΚΟΥ ΛΥΚΕΙΟΥ ΠΑΡΑΣΚΕΥΗ 4 ΙΟΥΝΙΟΥ 09 ΕΝΔΕΙΚΤΙΚΕΣ ΑΠΑΝΤΗΣΕΙΣ Θέμα A Α. β Α. γ Α3. α Α4. γ Α. β Θέμα B Β. α) C Ο C C 3 C Ο C C 3 3 Ο Ο β) Στο στομάχι. Σε όξινο περιβάλλον η αντίδραση ιοντισμού της ασπιρίνης μετατοπίζεται προς τα αριστερά λόγω Ε.Κ.Ι (Η 3 Ο + ), οπότε η ασπιρίνη βρίσκεται στη μη ιοντική της μορφή και απορροφάται περισσότερο στο στομάχι.
Β. α) B(g) B (g) e C (g) C (g) e β) Σωστή απάντηση: (i). Το B( g) B( g) e (s s p ) 6 ( ) ( ) C g C g e ( ) s s p B(s s p ) και ο 6 C (s s p ) είναι ισοηλεκτρονιακά. Όμως ο C + έχει μεγαλύτερο πυρηνικό φορτίο, άρα μικρότερο μέγεθος και μεγαλύτερη Εi. αριθμός των εσωτερικών ηλεκτρονίων δεν επηρεάζει την Εi, γιατί είναι ίδιος και στα δύο σωματίδια. Β3. Σωστή είναι η. Η καμπύλη Y δείχνει ότι η αντίδραση πραγματοποιείται πιο αργά γιατί ο χρόνος σταθεροποίησης του όγκου του οξυγόνου είναι μεγαλύτερος. Ταυτόχρονα ο όγκος του οξυγόνου είναι αυξημένος ως προς τον όγκο του οξυγόνου στη καμπύλη Χ. Άρα, με προσθήκη διαλύματος μικρότερης συγκέντρωσης έχουμε μείωση της αρχικής συγκέντρωσης, επομένως μείωση της ταχύτητας αντίδρασης. Επίσης, τα mol του αυξάνονται άρα και η τελική ποσότητα του οξυγόνου θα είναι μεγαλύτερη.
Β4. α. mol Pb(s) + C(g) Pb() + C (g) Αρχικά Αντιδρούν x x Παράγονται x x Τελικά x x x x mol Pb(s) + C(g) Pb() + C (g) Αρχικά Αντιδρούν y y Παράγονται y y Τελικά y y y y x C y K c C C x K c C y x y xy xy x y x y x y Άρα είναι ίσες οι ποσότητες C και στα δύο δοχεία. β. Η προσθήκη στερεού Pb * δεν μετατοπίζει τη χημική ισορροπία. Όμως η χημική ισορροπία είναι δυναμική ισορροπία, δηλαδή πραγματοποιούνται 3
συνεχώς δύο αντίθετες αντιδράσεις με την ίδια ταχύτητα. Άρα το ισότοπο του οξυγόνου θα βρεθεί εκτός από το Pb * και στο C και στο C. Θέμα Γ Γ. α. : Br : Δ: 4 C C 9 C 3 C C CN Z: 4 C C 9 C 3 C C C 4 C 9 E: C 3 C C C 4 C 9 Λ: C 3 C C CC C 3 Θ: 4 C C 9 C 3 C C 4
β. Β αντιδρά με φελίγγειο υγρό. C 3 C 4 C C Br 9 C CuS 4 Na C C 9 C 3 C 4 CNa Cu Na S 4 3 Br γ. Na σε αλκοολικό περιβάλλον. δ. 3C 3 C 4 CC 9 C K Cr 7 8 S 4 Ο 3C 3 C 4 C C 9 C Cr S 4 3 K S 4 Ο Γ. α. nna 0,0 0,0 0 3 mol C 3 C()C + Na C 3 C()CNa + 3 0 mol 0 mol 0 mol 3 3 Στο ισοδύναμο σημείο: C ά 3 0 0,0 0 M C 3 CCNa Ο C 3 CC Na Ο Τελ. - 0,0 0,0
C 3 CC C 3 CC M Ο Ο Ι.Ι. 0,0 - ω ω ω K b C C C 3 I 4 Kw 0 0 4 K 0 a b 0 0 0 0 0,0 P 6 P 8 β. Για το γαλακτικό οξύ (Γ.Ο) Mr 90 m n Mr g 3.. 0 90 0,09 6 Τα 0 g δείγματος περιέχουν 0,09 g γαλακτικού οξέος. 00 x; Άρα x = 0,9 g ή 0,9%w/w Γ3. C 3 CCNa C C 3 CC NaC n I n I n I n I CNa CNa C C C NaC n II n II n II n II 6
n n 0, n n 0, () I II I II C 3 CC KMn 4 3 S 4 mol mol C 3 CC MnS 4 K S 4 8 n I n I C KMn 4 3 S 4 0C MnS 4 K S 4 8 mol mol n II ni n II n II 0,30,4 n n 0, I II n n 0,06 n n 0,3 () I II () ():n II 0, mol και n I 0, mol I II Θέμα Δ Δ. 4N 3 4N 6 4N 3 3 N 6 Οξειδωτικό: Αναγωγικό: 3 Δ. α) Έστω x mol ΝΟ και y mol N 0N 6KMn 4 9 S 4 0N 3 6MnS 4 3K S 4 4 0 mol 6 mol x 0,4 mol Άρα x = 0,9 mol 7
n KMn 4 0,4 0,4 mol n µιγµ,4,4 mol x y y 0, mol 4N 3 4N 6 0,9 mol 0,9 mol 4N 3 3 N 6 0, mol 0, mol n ά( ), 3 mol Βαθμός μετατροπής της ΝΗ 3 σε ΝΟ 0,9, 9 Δ3. α) αντίδραση (4) είναι εξώθερμη. Με τη μείωση της θερμοκρασίας ευνοείται η εξώθερμη αντίδραση σύμφωνα με την αρχή Le Chatelier. Άρα, με την ψύξη η Χ.Ι. μετατοπίζεται δεξιά και η απόδοση της αντίδρασης αυξάνεται. β) mol N(g) + (g) N (g) X.I. 0 0 0 0 N 0 4 Kc K 4 c K c Kc N 0 0 0 0 8
γ) n N ( NXI 0 0 mol ) 00 mol N(g) + (g) N (g) X.I. 0 0 0 Μεταβ. μεταβολή όγκου Χ.Ι. Δεξιά Αντιδρούν ω ω - Παράγονται - - ω Ν.Χ.Ι. 0-ω 0-ω 0+ω 0,mol K c N N 4 V 7, 4 V V V 7, Άρα V 8,8 L V, L Δ4. Σύμφωνα με την αρχή Le Chatelier, σε συνθήκες υψηλής πίεσης η Χ.Ι. είναι μετατοπισμένη προς τα λιγότερα mol αερίων, δηλαδή προς τα δεξιά όπου παρασκευάζεται το N 3. Δ. n N3 0V mol n N3 V mol 9
Διερεύνηση: η περίπτωση Έστω ότι τα αντιδρώντα βρίσκονται σε στοιχειομετρική αναλογία. Το διάλυμα περιέχει μόνο N 4 N 3. N 4 N 3 N 4 N 3 4 3 3 p 7 απορρίπτεται. η περίπτωση Το N 3 σε περίσσεια p 7 απορρίπτεται. 3 η περίπτωση Άρα η N 3 σε περίσσεια mol N 3 N 3 N 4 N 3 Τελικά V 0V 0V V 0V C ' N 3 V V C ' N N 4 3 0V V V C C M N 4 N 3 N 4 N 3 Τελικά - C C Μ 3 + 4 + I.I C x C x x 0
p 7, p 7, x 0 7 M Μετά τις προσεγγίσεις K b xc C 7 0 0V V 0 0 0V 00V V V 0V V 0V V 0 0V 0V V 0