ΑΠΑΝΤΗΣΕΙΣ ΘΕΜΑ Α Α1.β Α.γ Α.α Α4. γ Α5. β ΘΕΜΑ Β Β1.α) H H H H H β) Περισσότερο θα απορροφηθεί στο στομάχι. Εκεί το διάλυμα είναι όξινο άρα αυξάνεται η [H + ] στην ισορροπία και η θέση ΧΙ είναι μετατοπισμένη προς τα αριστερά δηλαδή προς την αδιάστατη μορφή της ασπιρίνης. ( g) ( g) ( g) ( g) Β.α) B B e ε i1 e ε i β) 5 Β 1s s p 1 6 + 1s s p 1 i) Περισσότερα πρωτόνια στον πυρήνα του άρα ελκτική δύναμη μεταξύ πυρήνα-ηλεκτρονίων εξωτερικής στιβάδας άρα και η ενέργεια ιοντισμού αυξάνεται. Ei () >Ei 1 (B) (Αιτιολόγηση ελίδα 4 χολικό Βιβλίο) ΘΕΜΑ Β την καμπύλη Τ η ταχύτητα είναι μικρότερη (κλίση) και η παραγόμενη ποσότητα Ο περισσότερη. 1. Hταχύτητα σταθερή ( τοη Ο προιόν) και η ποσότητα Ο σταθερή..προσθήκη αντιδρώντος με μικρότερη άρα η ταχύτητα μειώνεται..ο καταλύτης δεν επηρεάζει την ποσότητα του Ο που παράγεται. 4. Η ελάττωση Σ μειώνει την ταχύτητα αλλά δεν επηρεάζει την ποσότητα Ο
Άρα σωστό είναι το ΘΕΜΑ Β4 (α) Pb Pb ( S ) ( g ) ( ) ( g ). 1 1 - - τελ. 1- x 1- x x x Pb Pb ( S ) ( g ) ( ) ( g ). - - 1 1 τελ. 1-1- x 1 K ίδια : V = V x 1 x 1 1 x 1 x 1 x V V 1x άρα βγαίνουν ίσες ποσότητες (β) Σο Pbείναι στερεό και δεν παρουσιάζει Δ. Άρα δεν θα μεταβληθεί η θέση Χ.Ι. ΑΛΛΑ έχω δυναμική ισορροπία και θα ανιχνευτεί και στο Pbκαι και στο ΘΕΜΑ Γ Γ1. α) α. ΗBr β. Δ. H H H (H ) (H ) H N 4 9
E. Z. Θ. H (H ) 4 9 (H ) H H (H ) H (H ) H 4 9 H (H ) 00H H 0H (H ) 4 9 Λ. H (H ) (H ) H H 4 9 β) Ηβ H H (H ) (H ) H us 5NaH 4 9 4 H r H (H ) (H ) Na u Na S H 4 9 4 Br γ) θερμό αλκοολικό διάλυμα NaH ή KH. δ) H (H ) H (H ) H K r 8H S 4 9 7 4 H r (S ) H (H ) (H ) H K S 4 9 4 11H 4 Γ.το ισοδύναμο σημείο
0,1 1V 1 V...1 M 11 Kb 5 10 H HH NaH H HNa H H H 0.001 0.001 0.001 0.001 V 0.05Lκαι 0.0 H HNa H H H H 0.0 0.0 0.0 H H H HH H H 0.0 x x x x 0.0 6 Kb... x 10 M m nmr 0.09g. 10g 0.09g 100 άρα άρα 6 [ ] 10 MάραpH 6, ph 8 0.9gή 0.9% w / w
Γ. H HNa Na H Na mol n V 10.5 0.5mol Hl HHNaHlHHHNal H H NaHlHNal Na mol x 0.5 (1) H mol mol n 0, 0,4 0,1mol KMn 4 5H HH KMn H S 4 4 I H X x 5 5H H K S MnS 8H 4 4 II H H KM H S 10 K S MnS 8H n 4 4 4 4
5 x 0,1 x 0,6 5 5 () (1) x 0,1mol 0,mol () ΘΕΜΑ Δ Δ1. 4NH 5 4N 6H 4NH N 6H Δ. 4ΝΗ x 4ΝΗ ΟΞΕΙΔΩΣΙΚΗ ΟΤΙΑ: ΑΝΑΓΩΓΙΚΗ ΟΤΙΑ: x NH 5 4 6 6 n o ( ) x (1) 10Ν 6KMn4 9HS 4 10 6MnS K S 4 n KMn 4 4 4 0,54 *1 0,54mol V x(,4) (,4) x 1 ()
Σα 10 mol N αποχρωματίζουν 6 mol KMn 4 Σα xmol N αποχρωματίζουν 0,54 mol KMn 4 X=0,9mol Άρα από ()=0, mol Άρα από (1) n 1,1 mol NH υνεπώς ο βαθμός μετατροπής 0,9 9 1,1 11 Δ. Α) Η αντίδραση είναι εξώθερμη, ΔΗ<0. Η ψύξη (μείωση Σ) ευνοεί τις εξώθερμες και σύμφωνα με αρχή Lehatelier η θέση ΧΙ οδεύει δεξιά, αυξάνοντας την απόδοση. Β) N N Χ.Ι.: 10 10 0 0 400 K 10 4 10 10 100 10 10 Γ) αρχικά: N 0mol Σελικά: 5 N 0 0 5mol 100 Για να αυξάνονται τα moln η θέση ΧΙ πήγε προς τα δεξιά. Από Lehatelier η μείωση του όγκου, αυξάνει την πίεση και η θέση ΧΙ οδεύει προς τα λιγότερα mol αερίων(από στοιχειομετρία προς τα δεξιά) Η Κ δενάλλαξε(σ σταθερά) N N ΧΙ: 10 10 0 α/π:-x -x +x XI():10-x10-x 0+x Με 0+x=5x=,5 mol
5 K 4 4 V 5 * 5 * V 4 0 5V V 1, L 5 7,5 5 * 7,5 V V Άρα η μεταβολή του όγκου είναι 8,8 L Δ4.Μείωση του όγκου δοχείου οδηγεί σε αύξηση πίεσης και από Lehatelier η θέση Χ.Ι. οδεύει προς τα λιγότερα mol αερίων. Άρα προς τα ΔΕΞΙΑ (από στοιχειομετρία).έτσι η παρασκευή HN ευνοείται σε υψηλή πίεση. Δ5. HN : 1 10M έστω, V 1 V NH : 5M έστω, HN : n V 10V 1 1 1 1 NH : n V 5V HN NH NH N 10V 4 5V 1 10V 10V 10V 1 1 1 5V 10V 10V Έχω περίσσεια 1 1 5V V NH ώστε 10V V 1 NH 1 10V V V 1 NH4N ά 1 ph 7.ι άλλες περιπτώσεις οδηγούν σε ph 7
Έχω Ρ.Δ. NH NH 4 Ισχύουν οι προσεγγίσεις άρα από Η.Η: Και ph pk log 14 10 9 10 5 NH 4 10 7 9 log log log10 log 10 o Άρα, o 10V 5V 10V V 50 10 0,1V 5V 10V 10,1V 5V 101 1 1 1 1 1 1 V1 V V1 V V Από το Χημικό Τμήμα των Φροντιστηρίων Πουκαμισάς Ηρακλείου συνεργάστηκαν: Τ.Καλαφατάκη, Γ.Παπαδαντωνάκης