Φροντιστήριο #7 Ασκήσεις σε Πιθανότητες 5/5/2017 Άσκηση Φ7.1 Τρεις λαμπτήρες επιλέγονται τυχαία από ένα σύνολο 15 λαμπτήρων εκ των οποίων οι 5 είναι ελαττωματικοί. Υπολογίστε την πιθανότητα: (α) Κανείς από τους λαμπτήρες να μην είναι ελαττωματικός. (β) Ακριβώς ένας από τους λαμπτήρες να είναι ελαττωματικός. (γ) Τουλάχιστον ένας από τους λαμπτήρες να είναι ελαττωματικός. (a) Υπάρχουν 15! 15! 12!13 14 15 C(15,3) = = = = 13 7 5= 455 (15 3)!3! 12!3! 12!2 3 τρόποι να επιλέξει κανείς τρεις λαμπτήρες από ένα σύνολο δεκαπέντε λαμπτήρων. 10! 10! 7!8 9 10 Υπάρχουν C(10,3) = = = = 4 3 10= 120 (10 3)!3! 7!3! 7!2 3 τρόποι να επιλέξει κανείς τρεις λαμπτήρες από το σύνολο των μη ελαττωματικών λαμπτήρων. Επομένως, η πιθανότητα κανείς από τους λαμπτήρες να μην είναι ελαττωματικός είναι 120/455=0,2637. (b) Πρέπει να επιλέξει κανείς 1 από τους 5 ελαττωματικούς λαμπτήρες και 2 από τους 10 μη ελαττωματικούς. Υπάρχουν 10!5! 10!5! 8!4! 9 10 5 C(10,2)* C(5,1) = = = = 9 5 5= 225 (10 2)!2!(5 1)!1! 8!4!2! 8!4!2 τρόποι να γίνει αυτό. Επομένως, η ζητούμενη πιθανότητα είναι 225/455=0,4945 (c) Έστω το γεγονός Α={κανείς δεν είναι ελαττωματικός} και Β={τουλάχιστον ένας είναι ελαττωματικός}. Τότε p(a)+p(b)=1. Όμως, από το ερώτημα (α) γνωρίζουμε ότι p(a)=0,2637. Άρα, p(b)=1-0,2637 = 0,7363. Άσκηση Φ7.2 Ρίχνουμε δύο αμερόληπτα ζάρια. Δεδομένου ότι οι αριθμοί που εμφανίζονται είναι διαφορετικοί μεταξύ τους, να βρεθεί η πιθανότητα p των εξής ενδεχομένων: (α) Το άθροισμα των αριθμών είναι 6. (β) Στη ζαριά υπάρχει άσσος (γ) Το άθροισμα είναι μικρότερο ή ίσο του 4. (α) Α = «Οι δύο ρίψεις έχουν άθροισμα 6» Β = «Δεν έχουμε εμφάνιση ίδιου αποτελέσματος στις 2 ρίψεις» Ζητούμε την πιθανότητα p(a B) p(a B) = p(a B) / p(b)
p(b) = P(6, 2)/(6*6) = 30/36 p(a B) = p({(1,5), (5,1), (2,4), (4, 2)} = 4/36 Άρα p(a B) = p(a B) / p(b) = 4/30 = 2/15. (β) Γ = «Στη ζαριά υπάρχει άσσος» Β = «Δεν έχουμε εμφάνιση ίδιου αποτελέσματος στις 2 ρίψεις» Ζητούμε την πιθανότητα p(γ B) p(γ B) = p(γ B) / p(b) p(b) = P(6, 2)/(6*6) = 30/36 p(γ B) = (5+5)/(6*6) = 10/36 Άρα p(γ B) = p(γ B) / p(b) = 10/30 = 1/3. (γ) Δ = «Το άθροισμα είναι μικρότερο ή ίσο του 4» Β = «Δεν έχουμε εμφάνιση ίδιου αποτελέσματος στις 2 ρίψεις» Ζητούμε την πιθανότητα p(δ B) p(δ B) = p(δ B) / p(b) p(b) = P(6, 2)/(6*6) = 30/36 p(δ B) = p({(1,3), (3,1), (1,2), (2,1)} = 4/36 Άρα p(δ B) = p(δ B) / p(b) = 4/30 = 2/15. Άσκηση Φ7.3 Έστω ένας χώρος δειγματοληψίας Ω={0, 1, 2, 3} και έστω ότι τα στοιχειώδη ενδεχόμενα από τα οποία αποτελείται είναι ισοπίθανα. (α) Ποια είναι η πιθανότητα των γεγονότων Α={1,2}, Β={2,3}, C={1,3}; (β) Είναι τα Α και Β ασυμβίβαστα; (γ) Είναι τα Α και Β ανεξάρτητα; (δ) Υπολογίστε την πιθανότητα p(α B C). (α) p(α) = ½, p(b)=1/2, p(c)= 1/2. (β) Όχι, εφόσον η τομή τους είναι διάφορη του κενού συνόλου. (γ) p(a)=1/2, p(b)=1/2 p(a B) = p({2})=1/4 =p(a)*p(b). Άρα είναι ανεξάρτητα. (δ) p(a B C) = p(a (B C)) / p(b C) = p({1,2} ({2,3} {1,3})) / p({2,3} {1,3}) = p({1,2} {1,2,3}) / p({1,2,3}) =p({1,2}) / p({1,2,3}) = (2/4) / (3/4) = 2/3. Άσκηση Φ7.4
Αποδείξτε ότι εάν τα ενδεχόμενα Α και Β είναι ανεξάρτητα, τότε τα ενδεχόμενα και είναι επίσης ανεξάρτητα. Πρέπει να δείξουμε ότι p( ) =p( ) p( ). Έστω ότι p( ) =x, και p()=y. Ανεξαρτησια των Α,Β de Morgan Συμπληρωματικα ενδεχομενα Συμπληρωματικα ενδεχομενα p( A B ) = p(a B) = 1-p(A B) = 1-p(A)-p(B)+p(A B) = 1-p(A)-p(B)+p(A)p(B) = 1-x-y+xy = -x(1-y)+(1-y) = (1-x)(1-y) = p(a)p( B). ΟΕΔ. Άσκηση Φ7.5 Αποδείξτε ότι για οποιαδήποτε ενδεχόμενα Α και Β, p(a B) + p( B)=1. p(a B) p(a B) p(a B) + p(a B)= + p( B) p( B) p(a B) + p(a B) p((a B) (A B)) = = p( B) p( B) p((a A) B) p(ω B) p( B) = = = = 1 p( B) p( B) p( B) Άσκηση Φ7.6 Αποδείξτε ότι για οποιαδήποτε ασυμβίβαστα ενδεχόμενα X και Υ, ισχύει ότι p(x Y A)= p(x A)+ p(y A) όπου Α οποιοδήποτε ενδεχόμενο p(( Χ Υ) Α) p(χ Υ Α) = p( Α) p((χ Α) (Y Α)) = p( Α) p(χ Α ) + p(y Α) = = p( X A) + py ( A) p( Α)
Άσκηση Φ7.7 Αν Α και Β είναι δύο ενδεχόμενα του ίδιου δειγματικoύ χώρου με P(A)=2/5 και P(B)=5/8, αποδείξτε ότι 1 40 ( ) 2 5 ( ) () και ( ) () Επομένως P(A B) και P(A B) Άρα (ισχυρότερη συνθήκη) P(A B) (1) Επίσης μια και P(A B) 1 P(A)+P(B)- P(A B) 1 P(A)+P(B)-1 P(A B) + 1 P(A B) P(A B) (2) Από (1) και (2): P(A B) Άσκηση Φ7.8 Ένα λεωφορείο ξεκινάει από την αφετηρία του με k φοιτητές και περνάει από n στάσεις. Οποιοσδήποτε φοιτητής μπορεί να αποβιβαστεί σε οποιαδήποτε στάση. (a) Δώστε μια κατάλληλη αναπαράσταση του δειγματικού χώρου του πειράματος «αποβίβαση φοιτητών». Ποιος είναι ο πληθικός αριθμός αυτού του χώρου; (b) Να υπολογιστεί η πιθανότητα τουλάχιστον σε μία στάση να αποβιβαστεί τουλάχιστον ένας φοιτητής. (a) Oποιoσδήποτε από τους k φοιτητές, μπορεί να κατέβει σε οποιαδήποτε από τις n στάσεις ή να μην κατέβει καθόλου, επομένως έχει (n+1) επιλογές. Επομένως, ο δειγματικός χώρος έχει πληθικό αριθμό Ω = (n+1) k (b) Έστω Α το ενδεχόμενο της ερώτησης. Το συμπληρωματικό του ενδεχόμενο είναι το ενδεχόμενο Β = Όλoι παραμένουν στο λεωφορείο και στις n στάσεις το οποίο έχει πιθανότητα 1/[(n+1) k ] Άρα έχω P(A) = 1 () Άσκηση Φ7.9 Στο παρακάτω ηλεκτρικό κύκλωμα υπάρχουν τρεις διακόπτες, οι Δ1, Δ2 και Δ3. Καθένας από αυτούς είναι κλειστός με πιθανότητα 2/3. Το αν είναι ανοικτός/κλειστός κάποιος από τους διακόπτες δεν εξαρτάται από το κατά πόσον είναι ανοικτός κάποιος άλλος. Υπολογίστε την πιθανότητα να περνάει ηλεκτρικό ρεύμα από το σημείο Α στο σημείο Β.
Υπόθεση: Όταν ο διακόπτης είναι κλειστός το ρεύμα περνάει. Έστω Δ1 το ενδεχόμενο «ο διακόπτης Δ1 είναι κλειστός» Έστω Δ2 το ενδεχόμενο «ο διακόπτης Δ2 είναι κλειστός» Έστω Δ3 το ενδεχόμενο «ο διακόπτης Δ3 είναι κλειστός» Μας ενδιαφέρει να υπολογίσουμε την πιθανότητα (!1 (!2!3)) = (!1) + (!2!3) (!1 (!2!3)) Δεδομένης της ανεξαρτησίας των διακοπτών ως προς το κατά πόσον είναι ανοιχτοί οι κλειστοί, η παραπάνω σχέση γίνεται (!1 (!2!3)) = (!1) + (!2) (!3) (!1) (!2) (!3)= + = $ $ $ $ Άσκηση Φ7.10 Το συρτάρι Α περιέχει 3 χρυσά και 3 ασημένια νομίσματα ενώ το συρτάρι Β περιέχει 3 χρυσά και 6 ασημένια νομίσματα. Ένας κλέφτης, ανοίγει ένα συρτάρι (στην τύχη και στα σκοτεινά) και αρπάζει (επίσης στην τύχη και στα σκοτεινά) 2 νομίσματα. (a) Ποια είναι η πιθανότητα να είναι και τα δύο χρυσά; (b) Αν διαπιστωθεί κατά την σύλληψή του ότι τα νομίσματα που έκλεψε ήταν και τα δύο χρυσά, ποια είναι η πιθανότητα να τα πήρε από το συρτάρι Α; (α) Έστω A το ενδεχόμενο «ο διαρρήκτης επιλέγει το συρτάρι Α» Έστω Β το ενδεχόμενο «ο διαρρήκτης επιλέγει το συρτάρι Β» Έστω X το ενδεχόμενο «ο διαρρήκτης επιλέγει δύο χρυσά νομίσματα» Μας δίνεται ότι p(a) = p(b) = ½. P(X A)=C(3,2)/C(6,2)=1/5=0.2 P(X B)=C(3,2)/C(9,2)=1/12=0,083 Από το νόμο της ολικής πιθανότητας έχουμε ότι p(x) = p(x A)p(A) + p(x B)p(B) = =1/5* 0,5 0,083 * 0,5 = = 0,142
(β) P(A X) = P(X A) * P(A) / P(X) = 0,1/0,142=0,7 Άσκηση Φ7.11 Μια δασκάλα δίνει στην τάξη της ένα σύνολο 10 προβλημάτων και πληροφορεί τους μαθητές της ότι η τελική εξέταση θα είναι μια τυχαία επιλογή 5 θεμάτων από αυτά. Ένας μαθητής γνωρίζει την λύση 7 προβλημάτων. Ποια η πιθανότητα να απαντήσει σωστά τουλάχιστον σε 4 προβλήματα του τελικού; Οι δυνατοί συνδυασμοί προβλημάτων που θα επιλεγούν είναι % 10 5 &=252 Ο μαθητής θα πρέπει να απαντήσει σωστά είτε σε 5 ακριβώς προβλήματα είτε σε 4 (και σε ένα λάθος) από τα 7 που έχει διαβάσει Οι δυνατοί συνδυασμοί είναι % 7 5 &+ %7 4 & %3 1 &=126 Η πιθανότητα να απαντήσει σωστά τουλάχιστον σε 4 προβλήματα είναι 126/252=0,5 Άσκηση Φ7.12 Το 20% κάποιου συνόλου φυτών αναπτύσσεται σε έδαφος πλούσιο σε θρεπτικά συστατικά, ενώ τα υπόλοιπα αναπτύσσονται σε έδαφος φτωχό σε θρεπτικά συστατικά. Για τα φυτά που αναπτύσσονται σε πλούσιο έδαφος, υπάρχει 30% πιθανότητα να μολυνθούν από κάποιο μύκητα, ενώ για τα φυτά σε φτωχό έδαφος υπάρχει 60% πιθανότητα να μολυνθούν από αυτό το μύκητα. a. Ποιο ποσοστό του πληθυσμού μολύνεται από το μύκητα; b. Δεδομένου ότι ένα φυτό είναι μολυσμένο από το μύκητα, ποια είναι η πιθανότητα να βρίσκεται σε πλούσιο έδαφος; Έστω ΠΕ το ενδεχόμενο «το φυτό αναπτύσσεται σε πλούσιο έδαφος» και Μ: το ενδεχόμενο «το φυτό μολύνεται» a. Στα 100 φυτά, τα 20 αναπτύσσονται σε πλούσιο έδαφος. Εξ αυτών το 30% (δηλαδή τα 6) μολύνονται. Τα 80 αναπτύσσονται σε φτωχό έδαφος και εξ αυτών το 60% (δηλαδή τα 48) μολύνονται Συνολικά λοιπόν μολύνονται τα 6+48=54. Το ποσοστό είναι 54% b. Ψάχνουμε την δεσμευμένη πιθανότητα P(ΠΕ Μ) όπου ΠΕ: Το φυτό αναπτύσσεται σε πλούσιο έδαφος και Μ: Το φυτό είναι μολυσμένο. Από τον ορισμό: P(ΠΕ Μ)= )(*+,) =,. = 11,11% )(,),
Άσκηση Φ7.13 Ποιο από τα παρακάτω ενδεχόμενα είναι πιο πιθανό: (α) Να φέρουμε ακριβώς ένα έξι όταν ρίχνουμε 6 ζάρια ή (β) να φέρουμε ακριβώς δύο φορές το έξι όταν ρίχνουμε 12 ζάρια; α. Για κάθε ζάρι η πιθανότητα να φέρω 6 είναι 1/6 και η πιθανότητα να μην φέρω 6 είναι 5/6 Άρα για τα 6 ζάρια η πιθανότητα να φέρω ένα ακριβώς 6 είναι % 6 1 &...... = 6. %. & = 0. 0 0,4 β. Αντίστοιχα για τα 12 ζάρια η πιθανότητα είναι % 12 2 &.. 12. 12 0,3 Η 1 η πιθανότητα είναι μεγαλύτερη!!! Άσκηση Φ7.14 Είναι γνωστό ότι όλες οι σαρκοβόρες πεταλούδες έχουν κόκκινα φτερά και ότι το 10% όλων των πεταλούδων είναι σαρκοβόρες. Επίσης, το 10% από τις μη σαρκοβόρες πεταλούδες έχουν κόκκινα φτερά. Έστω ότι βρίσκουμε μια κόκκινη πεταλούδα. Ποια είναι η πιθανότητα να είναι σαρκοβόρα; Έστω Σ το ενδεχόμενο: «η πεταλούδα είναι σαρκοβόρα», Ν το ενδεχόμενο «η πεταλούδα δεν είναι σαρκοβόρα» και Κ το ενδεχόμενο «η πεταλούδα έχει κόκκινα φτερά» Από τα δεδομένα: P(Σ)=0,1 P(Ν)=0,9 P(Κ Σ)=1 P(K N)=0,1 Ζητάμε την P(Σ Κ) Από το νόμο ολικής πιθανότητας: P(K)=P(Κ Σ)*P(Σ)+P(K N)*P(N)=1*0,1+0,9*0,1=0,19 Από το νόμο του Bayes P(Σ Κ)= )(3 5) )(5) = 0,1/0,19=0,526 )(3) Άσκηση Φ7.15 Θεωρείστε τα γεγονότα Α, Β, Γ με P(A)=0.5, p(b)=0.4, p(γ)=0.3, και p(a Γ) = p(β Γ) = 0.1. Αν Α και Β είναι ξένα μεταξύ τους, υπολογίστε τις πιθανότητες (a) Α και όχι Γ, (b) Α ή Β, (c) Γ και όχι Α και όχι Β, (d) όχι Α και όχι Β και όχι Γ. (a) A Γ A Γ =Α p A Γ A Γ = p( Α) p A Γ A Γ = 0.5 ( ) ( ) (( ) ( )) (( ) ( )) Επίσης τα A Γ και A Γ είναι ασυμβίβαστα, επομένως p A Γ A Γ = p A Γ + p A Γ 0.5= p A Γ + 0.1 p A Γ = 0.4 (b) (( ) ( )) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( 0 ( ) ( ) ( ) ( Α Β ) = 0.5+ 0.4= 0.9 p A B = p Δεδομένου p Α Β ότι = pτα ( AΑ ) + και p( Β Bείναι ) pξένα, A B p Α Β = p. ( Επίσης, A) + p( B) p (c) p( Γ Β Α ) = p( Γ) p( Γ Β) p( Γ Α ) = 0.3 0.1 0.1= 0.1 (d) p( Α Β Γ ) = 1 p( Α Β Γ) p( Α Β Γ ) = p( Α ) + p( Β ) + p( Γ) p( Α Β) p( Β Γ) p( Α Γ ) + p( Α Β Γ ) = 0.5+ 0.4+ 0.3 0 0.1 0.1+ 0= 1. Επομένως, p( Α Β Γ ) = 0. Επίσης, πολλοί μπορεί να επιχειρηματολογήσουν για το θέμα κάνοντας χρήση διαγράμματος Venn. (a) ( ) β ( ) p A Γ = = p A ( Α Γ ) = p( A) p( Α Γ ) = 0.5 0.1= 0.4 (b) p Α Β = p A + p B = + = ( ) ( ) ( ) 0.5 0.4 0.9 (c) p( Γ Β Α ) = δ = p( Γ) p( Γ Β) p( Γ Α ) = 0.3 0.1 0.1= 0.1 (d) p( Α Β Γ ) = α = 1 p( Α Β Γ) p( Α Β Γ ) = p( Α ) + p( Β ) + p( Γ) p( Α Β) p( Β Γ) p( Α Γ ) + p( Α Β Γ ) = 0.5+ 0.4+ 0.3 0 0.1 0.1+ 0= 1. Επομένως, p( Α Β Γ ) = 0. Άσκηση Φ7.16 Το νερό για μία κατοικημένη περιοχή πρώτα αντλείται από μία γεώτρηση, μετά περνά από ένα σύστημα χλωρίωσης, και τέλος μέσα από ένα φίλτρο νερού. Η πιθανότητα αποτυχίας της άντλησης, της χλωρίωσης και του φιλτραρίσματος μέσα σε ένα χρόνο είναι 0.1, 0.2 και 0.1, αντίστοιχα. Η αποτυχία άντλησης
προκαλεί έλλειψη ικανοποιητικής παροχής νερού, ενώ η αποτυχία της χλωρίωσης ή η αποτυχία φιλτραρίσματος ελαττώνει την ποιότητα νερού κάτω από τα επιτρεπτά όρια. Τα γεγονότα αποτυχίας άντλησης νερού, χλωρίωσης και φιλτραρίσματος θεωρούνται στατιστικά ανεξάρτητα. a. Ποια η πιθανότητα μέσα σε ένα χρόνο η κατοικημένη περιοχή να έχει ικανοποιητική παροχή νερού παραδεκτής ποιότητας; b. Όταν η κατοικημένη περιοχή πίνει νερό χαμηλής ποιότητας (κάτω από τα επιτρεπτά όρια), ποια η πιθανότητα αυτό να οφείλεται στην αποτυχία της χλωρίωσης; Θεωρώ τα γεγονότα Α={Ικανοποιητική παροχή νερού}, Χ={Επιτυχής χλωρίωση} και Φ={Επιτυχές φιλτράρισμα}. (a) Το γεγονός Ε του οποίου ζητάμε την πιθανότητα γράφεται ως Ε=Α Χ Φ. Δεδομένου ότι τα Α, Χ και Φ είναι ανεξάρτητα, ισχύει ότι p( Ε ) = p( Α Χ Φ ) = p( Α) p( Χ) p( Φ ) = 0.9*0.8*0.9= 0.648 (b) Ζητάμε την πιθανότητα p( Χ ( Χ Φ να μην )) έχει γίνει p( Χεπιτυχής ) χλωρίωση, δεδομένου ότι το νερό είναι χαμηλής p( Χ ( Χ Φ )) = = = ποιότητας, δηλαδή δεδομένου p( Χ Φ) ότι δεν p( Χ Φ έχει γίνει ) επιτυχής χλωρίωση, ή δεν έχει γίνει επιτυχές φιλτράρισμα. Επομένως, ζητάμε την πιθανότητα p( Χ Χ Φ). p( Χ) p( Χ) Τότε όμωε ξέρουμε ότι = p( Χ ) + p( Φ) p( Χ Φ) p( Χ ) + p( Φ) p( Χ) p( Φ) 0.2 0.2 p( Χ ( Χ Φ )) = = = 0,714286. 0.2+ 0.1 0.2*0.1 0.28 Σημείωση: εφόσον Χ, Φ ανεξάρτητα, τότε και τα συμπληρώματά τους είναι ανεξάρτητα, κι επομένως p( Χ Φ ) = p( Χ) p( Φ). Άσκηση Φ7.17 Αν P[A]= a, P[Β]=b, P[A B]=c, να βρεθεί η P[(A ) ( B)]. A= A Ω = Α (B U) = (A ) (A B) p(a)=p(a ) (A B) = p(a ) + p(a B) p(a A B)= p(a ) + p(a B)-0 p(a ) =p(a)-p(a B) Αντίστοιχα: p( B)= p(β)- p(a B) p[(a ) ( B)]=p[(A )]+p[( B)]- p[a B]= p(a)-p(a B)+p(B)- p(a B)-0=a+b-2c
Άσκηση Φ7.18 Έστω ότι έχουμε n δοχεία αριθμημένα από το 1 ως το n και n σφαίρες αριθμημένες επίσης από το 1 ως το n. Οι σφαίρες τοποθετούνται τυχαία στα δοχεία ανά μια. Αν μια σφαίρα και το δοχείο της έχουν τον ίδιο αριθμό λέμε ότι έχουμε μια συνάντηση. α. Ποια η πιθανότητα το δοχείο k και η σφαίρα k να συναντηθούν β. Ποια η πιθανότητα m συγκεκριμένα δοχεία να συναντηθούν με τις αντίστοιχες σφαίρες γ, Ποια η πιθανότητα τουλάχιστον m (m=0,1,...,n) συναντήσεων; α. Έστω Α το ενδεχόμενο Συνάντηση της σφαίρας k με το δοχείο k, και Β= Όλες οι δυνατές αναδιατάξεις των n σφαιρών στα n κουτιά, η ζητούμενη πιθανότητα εκφράζεται από το κλάσμα E F Το Α εκφράζεται από το πλήθος των ενδεχομένων η σφαίρα k να μπει στο κουτί k KAI οι υπόλοιπες n-1 σφαίρες να μπουν σε οποιοδήποτε από τα n-1 κουτιά = 1*(n-1)! To B ισούται με το πλήθος των αναδιατάξεων των n σφαιρών (P(n,n)= n!) Άρα η ζητούμενη πιθανότητα είναι (G)! =! β. Κατ αντιστοιχία με το προηγούμενο, πρέπει οι m σφαίρες να μπουν στο αντίστοιχο κουτί και οι υπόλοιπες (n-m) ας αναδιαταχθούν με οποιοδήποτε τρόπο Η ζητούμενη πιθανότητα είναι (GI)!! γ. Αρχικά πρέπει να υπολογίσουμε με πόσους τρόπους θα επιλέξουμε τις m σφαίρες που θα «συναντηθούν» με τα αντίστοιχα κουτιά (εδώ δεν είναι συγκεκριμένες οι σφαίρες όπως στο προηγούμενο ερώτημα) Στη συνέχεια προχωράμε όπως στο ερώτημα β Έχουμε C(n,m) = J K τρόπους να επιλέξουμε τις m σφαίρες άρα η ζητούμενη πιθανότητα είναι I % L M & (L M)! L! = 1 M! Άσκηση Φ7.19 Τα ποσοστά επιτυχίας σε δύο τεστ Α και Β είναι: 60% για το Α, 50% για το Β και 35% για το Α και Β. Να βρεθούν τα ποσοστά επιτυχίας: α. Σε ένα τουλάχιστον από τα δύο β. Σε κανένα από τα δύο γ. Σε ακριβώς ένα από τα δύο α. P(A B)=P(A)+P(B)-P(A B)=75% β. P( )=P( ) =1- P(A B)=25% γ. P((A ) ( B)) = (βλ. άσκηση Φ7.17) P(A)+P(B)-2P(A B)=40% Άσκηση Φ7.20 Αν Α και Β ξένα μεταξύ τους με P[A]=, P[B]=, να υπολογιστούν οι πιθανότητες X
P[A A B], P[B A B] 1. P[A A B]= )(` (` a)) = )(` a) )(`) = b(`) )(`))(a)g)(` a) )(`))(a) = 2. P[B A B]= )(a (` a)) )(` a) = )(a) = b(a) )(`))(a)g)(` a) )(`))(a) =X Άσκηση Φ7.21 Η πιθανότητα να είναι ελαττωματικό ένα ανταλλακτικό είναι 0,10 α. Ποια η πιθανότητα δύο ανταλλακτικά επιλεγμένα τυχαία να είναι ελαττωματικά; β. Ποια η πιθανότητα μεταξύ 5 ανταλλακτικών το ένα τουλάχιστον να είναι καλο; γ. Με πόσα ανταλλακτικά πρέπει να εφοδιαστεί κανείς ώστε η πιθανότητα να βρει τουλάχιστον ένα καλό να είναι μεγαλύτερη του 0,99; α. P(E 1) P(E 2)=0,01 β. Αν Α το ενδεχόμενο «μεταξύ 5 ανταλλακτικών το ένα τουλάχιστον είναι καλό» και Β το «και τα 5 είναι ελαττωματικά» τότε P(A)=1-P(B)=1-0,1 5 =0,99999 γ. Αν Α: «τουλάχιστον ένα στα n είναι καλό», τότε P(A)=1-0,1 n Θέλουμε P(A)>0,99 1-0,1 n >0,99 0,1 n <0.01 n ln0,1<ln0.01-2.3 n<-4,6 2,3 n>4,6 n> 2 Άσκηση Φ7.22 Μια εταιρία ηλεκτρονικών θέλει να εισάγει ένα νέο τηλέφωνο. Η εταιρία, για κάθε νέο προϊόν, κάνει μια έρευνα αγοράς, η οποία προβλέπει αν το προϊόν θα είναι επιτυχές ή όχι. Από τα προϊόντα που έχει εισάγει, το 60% έχουν επιτύχει. Επίσης 70% από τα επιτυχημένα προϊόντα είχαν προβλεφθεί, ενώ 40% από τα μη επιτυχημένα προϊόντα, είχαν προβλεφθεί ότι θα επιτύχουν. Να βρείτε την πιθανότητα του νέου τηλεφώνου να επιτύχει, αν έχει προβλεφθεί η επιτυχία του. Έστω Ε το ενδεχόμενο «το προϊόν είναι επιτυχημένο» και Π το ενδεχόμενο «Το προϊόν προβλέφθηκε ότι θα επιτύχει» Γνωρίζουμε ότι P(Ε)=60% (άρα η πιθανότητα αποτυχίας ενός προϊόντος είναι 1-P(E)=40%) P(Π Ε)=70% P(Π c) =40% Και θέλουμε να βρούμε την πιθανότητα P(E Π) Από το νόμο της ολικής πιθανότητας P(Π)=P(Π Ε) P(E)+P(Π c) P(d)=0,7*0,6+0.4*0,4=0.58 Και από το νόμο του Bayes P(E Π)= e(f g) e(h) =,$,. =0,724 )(*),
Άσκηση Φ7.23 Μία εταιρία έχει αναλάβει δύο έργα, το A και το B. Η πιθανότητα επιτυχίας του Α είναι 2/3 και η πιθανότητα επιτυχίας του Β είναι 3/5. Ποια είναι η πιθανότητα να αποτύχουν και τα δύο έργα αν γνωρίζουμε ότι (α) η επιτυχία του ενός έργου δεν εξαρτάται από το άλλο (β) η πιθανότητα επιτυχίας του έργου Β δεδομένης της επιτυχίας του Α είναι 3/5. Γνωρίζουμε ότι: p(a)=2/3, p(b)=3/5 Θέλουμε να υπολογίσουμε το p( ) αν (α) τα Α και Β είναι ανεξάρτητα - οπότε ( )= () ()=2/3 3/5= 6/15 p( )= ( ) =1 ( ) ( )= ()+ () ( ) = 2/3 +3/5 6/15 = 13/15 Άρα p( )=1 13/15= 2/15 (β) p(b A)= 3/5 p(b A) = p(a B)/p(A) = 3/5 p(a B) = 2/3 3/5 = 6/15 p( )= ( ) =1 ( )=1 ( ()+ () (A ))=1 (2/3+3/5 6/15)= 2/15 Άσκηση Φ7.24 Μία εταιρία οικονομικών μελετών έχει κατασκευάσει ένα μοντέλο για να προβλέπει την οικονομική ύφεση. Το μοντέλο προβλέπει την ύφεση με πιθανότητα 80% όταν η ύφεση πρόκειται όντως να έλθει και με πιθανότητα 10% όταν η ύφεση δεν πρόκειται να έλθει. Γενικά, η πιθανότητα οικονομικής ύφεσης είναι 20%. Αν, στην τελευταία πρόβλεψή του το μοντέλο πρoέβλεψε ύφεση, ποια είναι η πιθανότητα να έχουμε πραγματικά ύφεση; Έστω Υ το ενδεχόμενο «έχουμε ύφεση» και ΠΥ το ενδεχόμενο «προβλέπεται ύφεση» Γνωρίζουμε ότι: p(y) = 0.2 p(πυ Υ) = 0.8 p(πυ k) = 0.1 Θέλουμε να υπολογίσουμε την p(y ΠΥ) Από το Νόμο του Bayes: p(y ΠΥ) = b(*l l) b(m) b(*l) Από το Νόμο της Ολικής Πιθανότητας: p(πυ) = p(πυ Υ) p(y) + p(πυ k) (k) = 0.24 Από το (1) p(y ΠΥ) = 2/3 (1)
Άσκηση Φ7.25 Υποθέστε ότι ένα αλκοτέστ βγαίνει θετικό στο 95% των περιπτώσεων μέθης στο 3% των περιπτώσεων μη μέθης. Ας υποθέσουμε ότι γνωρίζουμε ότι το 0.5% των ανθρώπων οδηγούν μεθυσμένοι. Ποια είναι η πιθανότητα κάποιος να οδηγούσε μεθυσμένος δεδομένου ότι έκανε το τεστ και αυτό βγήκε θετικό; Έστω Μ: «οδηγώ μεθυσμένος», N: «οδηγώ νηφάλιος». Θ: «θετικό αλκοτέστ», Α: «αρνητικό αλκοτέστ». Θέλουμε να υπολογίσουμε το p(m Θ) p(μ)= 0.005, εφόσον 0.5% των ανθρώπων οδηγούν μεθυσμένοι. p(n)=1 p(μ) = 0.995. p(θ Μ) = 0.95 : η πιθανότητα ότι το τεστ θα είναι θετικό δεδομένου ότι αυτός που το κάνει είναι μεθυσμένος p(θ Ν)=0.03, η πιθανότητα ότι το τεστ θα είναι θετικό δεδομένου ότι αυτός που το κάνει είναι νηφάλιος. p( Θ M) p( M) p( M Θ ) = = p( Θ) p( Θ M) p( M) = p( Θ M) p( M) + p( Θ N) p( N) 0.95*0.005 = 0.137 0.95*0.005+ 0.03*0.995 Άσκηση Φ7.26 Έξι άνθρωποι μπαίνουν σε ένα ανελκυστήρα στο ισόγειο ενός ξενοδοχείου. Το ξενοδοχείο έχει δέκα επιπλέον ορόφους. Θεωρώντας ότι κάθε άνθρωπος μπορεί να βγει από τον ανελκυστήρα σε ένα τυχαία επιλεγμένο όροφο (εκτός του ισογείου), ποια είναι η πιθανότητα να μην υπάρχουν δύο άνθρωποι που να κατέβουν στο ίδιο όροφο; Αφού δεν θα κατέβουν 2 άνθρωποι στον ίδιο όροφο, θα κατέβουν 6 άνθρωποι σε 6 διαφορετικούς ορόφους. Σε κάποιον όροφο από τους 10 θα κατέβει ένας άνθρωπος (10 διαφορετικές περιπτώσεις να κατέβει σ αυτό τον όροφο), σε κάποιον άλλο από τους εναπομείναντες 9 κάποιος άλλος (9 περιπτώσεις) και τελικά σε κάποιον 6 ο από τους 10 ο τελευταίος (5 περιπτώσεις) Συνολικά έχουμε 10 9 8 7 6 5 διαφορετικές περιπτώσεις από τις 10 6 συνολικά διαφορετικές εξάδες ορόφων. Η ζητούμενη πιθανότητα είναι 10 9 8 7 6 5/10 6 Άσκηση Φ7.27 Ένα συρτάρι περιέχει οκτώ διαφορετικά ζευγάρια από γάντια, καθένα από τα οποία αποτελείται από ένα αριστερό και το αντίστοιχό του δεξιό γάντι. Αν επιλέξετε τυχαία τέσσερα γάντια, ποια είναι η πιθανότητα να επιλέξετε δύο ζευγάρια από αντίστοιχα γάντια;
Υπάρχουν C(16, 4) τρόποι να επιλέξει κανείς 4 από τα 16 γάντια και C(8,2) τρόποι να διαλέξει κανείς 2 από τα οκτώ ζευγάρια. Επομένως, η πιθανότητα να επιλέξει κανείς δύο ζευγάρια από αντίστοιχα γάντια είναι C(8,2)/ C(16, 4) = 1/65. Άσκηση Φ7.28 Ένα σακκούλι περιέχει τρία μήλα και Ν πορτοκάλια. Προσδιορίστε αριθμητικά το πλήθος Ν των πορτοκαλιών προκειμένου η πιθανότητα να επιλέξουμε δύο μήλα να είναι ίση με την πιθανότητα να επιλέξουμε ένα μήλο και ένα πορτοκάλι (δεν μας ενδιαφέρει ωστόσο η σειρά της επιλογής). Η πιθανότητα να επιλέξει κανείς δύο μήλα είναι C(3, 2)/C(3+N,2). H πιθανότητα να επιλέξει κανείς ένα μήλο και ένα πορτοκάλι είναι C(3,1) C(Ν,1)/C(3+N,2). Εξισώνοντας τις δύο πιθανότητες και λύνοντας ως προς Ν προκύπτει Ν=1. Άσκηση Φ7.29 Σε ένα πανεπιστήμιο, 4% των φοιτητών και 1% των φοιτητριών έχουν ύψος πάνω από 1,90. Στο φοιτητικό πληθυσμό η αναλογία είναι 3 φοιτήτριες προς 2 φοιτητές. Αν επιλέξουμε τυχαία ένα άτομο που είναι πάνω από 1,90, με τι πιθανότητα είναι γυναίκα; Έστω Α το ενδεχόμενο «Ο φοιτητής είναι άνδρας», Γ το ενδεχόμενο «Ο φοιτητής είναι γυναίκα» και Υ το ενδεχόμενο «Ο φοιτητής είναι πάνω από 1,90» Δεδομένα: p(a)=2/5 = 0,4 p(γ)=3/5=0,6 (Τα Α και Γ είναι συμπληρωματικά ενδεχόμενα) p(y A)=0,04 p(y Γ)=0,01 Ζητάμε την p(γ Υ) Από το νόμο του Bayes έχουμε: (n k) = (o n) (n) (o n) (n)+ (o ) (p) = 0,01 0,6 0,01 0,6+0,04 0,4 =0,2727 Άσκηση Φ7.30 Ένα ζευγάρι έχει δύο παιδιά. Θεωρούμε ότι είναι το ίδιο πιθανό να γεννηθεί αγόρι ή κορίτσι.
a. Ποια είναι η πιθανότητα να είναι κορίτσια και τα 2 παιδιά δεδομένου ότι το πρώτο παιδί που γεννήθηκε ήταν κορίτσι; b. Ας υποθέσουμε (μόνο γι αυτό το ερώτημα) ότι ένα τουλάχιστον παιδί είναι κορίτσι. Με αυτό το δεδομένο, ποια είναι η πιθανότητα να είναι και τα δύο παιδιά κορίτσια; O δειγματικός μας χώρος είναι ο {ΑΚ, ΚΚ, ΑΑ, ΚΑ} όπου ΑΚ: το πρώτο παιδί είναι αγόρι και το 2 ο κορίτσι, ΚΚ: και τα 2 παιδιά είναι κορίτσια, κοκ) με ίση πιθανότητα για όλα τα ενδεχόμενα. Έστω Α το ενδεχόμενο και τα δύο παιδιά να είναι κορίτσια (Α={ΚΚ} ) και Β το ενδεχόμενο το πρώτο παιδί να είναι κορίτσι (Β={ΚΑ, ΚΚ}). Τέλος έστω Γ το ενδεχόμενο ένα τουλάχιστον παιδί να είναι κορίτσι Γ={ΑΚ,ΚΑ,ΚΚ} p(a)=1/4, p(b)=2/4=1/2, p(γ)=3/4 a. Α Β p(a ) = ().Άst p(a B)= b(e F) b(a) b. Α Γ p(a n)= (). Άρα p(a Γ)= b(e u) b(a) = b (`) b(a) = ½ = b (`) b(a) = 1/3 Άσκηση Φ7.31 Μια ασθένεια προσβάλλει 1 στους 10000 ανθρώπους. Υπάρχει ένα διαγνωστικό τεστ για την ασθένεια για το οποίο ισχύουν: Η πιθανότητα να είναι θετικό αλλά ο άνθρωπος να μην πάσχει από την ασθένεια είναι 2% Η πιθανότητα να είναι αρνητικό αλλά ο άνθρωπος να νοσεί από την ασθένεια είναι 1% Ένας άνθρωπος υποβάλλεται στο τεστ και το αποτέλεσμα είναι θετικό. Ποια η πιθανότητα να νοσεί; Έστω Α το ενδεχόμενο να νοσεί ο άνθρωπος και Τ το ενδεχόμενο να είναι θετικό το τεστ p(a) = 1/10000 p(t ) = 0.02 p(v w A) = 0.01 Όπως ξέρουμε (και από άσκηση Φ7.5 του φροντιστηρίου) p(v w A) + p(t A)=1 p(t A) = 1 - p(v w A) = 1 0.01 Θέλουμε να υπολογίσουμε την p(α Τ) Από τον Ν. Bayes και το Ν. Ολικής Πιθανότητας: p(a T) = (G,). (G.).. (G.) = 0.0049 bjvxkb(`) bjvxkb(`)b%vy &b(` ) = Άσκηση Φ7.32 Ένα κανονικό έτος έχει 365 ημέρες και ένα δίσεκτο 366 ημέρες.
α. Ποια είναι η πιθανότητα ένα δίσεκτο έτος να έχει 53 Κυριακές; β. Ποια είναι η πιθανότητα ένα κανονικό (όχι δίσεκτο) έτος να έχει 53 Κυριακές; Έστω Α το ενδεχόμενο ένα έτος να έχει 53 Κυριακές α. Ένα δίσεκτο έτος έχει 366 μέρες. Έχει δηλαδή 52 ολόκληρες βδομάδες και 2 ακόμη μέρες. Οι 2 αυτές μέρες μπορεί να είναι (Δευτέρα, Τρίτη) ή (Τρίτη, Τετάρτη) ή (Τετάρτη, Πέμπτη) ή (Πέμπτη, Παρασκευή) ή (Παρασκευή, Σάββατο) ή (Σάββατο, Κυριακή) ή (Κυριακή, Δευτέρα). Από τις 7 αυτές επιλογές πρέπει να πέσουν οι δύο (Σάββατο, Κυριακή) ή (Κυριακή, Δευτέρα) για να έχουμε 53 Κυριακές. Άρα p(a) = 2/7 β. Ένα κανονικό έτος με 365 μέρες έχει 52 ολόκληρες βδομάδες και 1 ακόμη μέρα που θα μπορούσε να είναι μια οποιαδήποτε από τις 7 μέρες της βδομάδας. Άρα p(a)=1/7 Άσκηση Φ7.33 O Αντώνης και ο Βασίλης, μάρτυρες σε ένα δικαστήριο, λένε την αλήθεια με πιθανότητα 2/3 και 4/5 αντίστοιχα. Υποθέτουμε ότι ο καθένας δεν γνωρίζει τι κατέθεσε ο άλλος κι επομένως οι καταθέσεις τους είναι ανεξάρτητες μεταξύ τους. a. Ποια είναι η πιθανότητα οι καταθέσεις τους να είναι ίδιες; b. Ποια είναι η πιθανότητα οι καταθέσεις τους να είναι αντιφατικές; Έστω Α: ο Αντώνης λέει την αλήθεια και Β: ο Βασίλης λέει την αλήθεια p(a)=2/3 => p( )=1/3 p(b)=4/5 => p(z) = 1/5 a. Για να συμφωνήσουν μεταξύ τους πρέπει ή και οι δύο να πουν αλήθεια ή και οι δύο να πουν ψέματα Ψάχνουμε την πιθανότητα (Α Β) ( ) Τα δύο ενδεχόμενα όμως αυτά είναι ασυμβίβαστα και οι καταθέσεις είναι ανεξάρτητες Άρα η ζητούμενη πιθανότητα είναι p(a Β)+p( )= p(a) p(b) + p( ) p(') = 3/5 b. Οι καταθέσεις είναι αντιφατικές αν ο ένας πει αλήθεια και ο άλλος ψέματα δηλαδή αν συμβεί το A ή το Β Τα επιμέρους αυτά ενδεχόμενα είναι ασυμβίβαστα άρα μια και οι καταθέσεις είναι ανεξάρτητες: p((a ) ( Β))=p(A )+p( Β)=p(A) p()+p(p ) p(b)=2/5