TEHNIŠKA MEHANIKA - sinopsis predavanj v šolskem letu 2014/2015
|
|
- Ευτυχός Κακριδής
- 5 χρόνια πριν
- Προβολές:
Transcript
1 TEHNIŠKA MEHANIKA - sinopsis predavanj v šolskem letu 014/015 BF : Viskokošolski strokovni študij KINEMATIKA IN DINAMIKA TOČKE Kinematika Položaj točke P, opazovalec O, kartezični koordinatni sistem x, y, z. Koordinate točke P (x, y, z), krajevni vektor OP = r od izhodišča O do točke P. Osnovne vektorskega računa i) bazni vektorji i, j, k; ii) seštevanje, odštevanje vektorjev; iii) velikost vektorja; iv) skalarni produkt. Gibanje, zapis r = r(t). Vektor hitrosti: trenutna sprememba položaja po času, oziroma odvod krajevnega vektorja po času. Kartezični zapis r = x i + y j + z k, v = ẋ i + ẏ j + ż k. Geometrijski pomen vektorja hitrosti: vektor hitrosti je tangentni vektor na tir gibanja. Velikost vektorja hitrosti je brzina. Odvodi i) Konstanta; x(t) = x 0 ẋ = 0. ii) Linearne funkcije; x(t) = αt + x 0 ẋ = α. iii) Kvadratne: x(t) = at + vt + x 0 ẋ = at + v. iv) Sinusa, kosinusae: x(t) = sin ωt ẋ = ω cos ωt. Vektor pospeška: trenutna sprememba vektorja hitrosti po času, oziroma odvod vektorja htrosti po času. Kartezični zapis a = ẍ i + ÿ j + z k. Geometrijski pomen vektorja pospeška: smer zavijanja. Premočrtno gibanje, Gibanje je premočrtno natanko tedaj, ko sta vektorja hitrosti in pospeška vzporedna. Točka trenutnega mirovanja, točka mirovanja; točka obrata gibanja, Pojem pospeševanja ẋẍ > 0, zaviranja ẋẍ < 0 oziroma v a > 0, v a < 0. Harmonično gibanje. x = A cos(ωt δ); amplituda, frekvenca, fazni zamik, perioda gibanja Primer: po osi x se giblje materialna točka. V času od t = 0 do t 1 = 10s se giblje s konstantno brzino v 1 = m/s v smeri osi x, nato pa v času t > t 1 deluje na točko pospešek z velikostjo a = 1 m/s v nasprotni smeri osi x. i) Določi položaj točke v času t 1. ii) Kdaj in kje točka trenutno miruje? iii) Kdaj in s kolikšno hitrostjo se vrne točka v začetni položaj? iv) Nariši grafa hitrosti in položaja v odvisnosti od časa. Kroženje. Vektor hitrosti, vektor pospeška. v = r 0 ϕ e ϕ, a = r 0 ϕ e r + r 0 ϕ e ϕ. 1
2 Enakomerno, neenakomerno, kotna hitrost, kotni pospešek. Koroženje je enakomerno natanko tedaj, ko vektor pospeška kaže proti središču kroženja. Newtonovi zakoni. Pojem inercialnega koordinatnega sistema(ks) Newtonova enačba m a = F. Tretji Newtonov zakon, zakon akcije in reakcije F 1 = F Osnovna naloga dinamike. Gibanje je natanko določeno z i) Newtonovo enačbo, ii) začetnim položajem, iii) začetno hitrostjo. Rešitev Newtonove enačbe je natanko določena z začetnim položajem Primer: navpični met: i) brez upoštevanja upora, določi metno višino. ii) z upoštevanjem linearnega zakona upora, določi končno brzino. SISTEM MATERIALNIH TOČK IN TOGO TELO Dinamika sistema materialnih točk. Razdelitev sil; zunanje, notranje; pisava F ji sila j-te točke na i-to točko. Masno središče. Masno središče dveh točk leži na njuni zveznici in jo deli v obratnem razmerju njunih mas. Zapis masnega središča sistema kot masno središče dveh masnih središč njunih podsistemov. r = 1 m N m i r i = i=1 1 ˆm 1 + ˆm ( ˆm 1 r 1 + ˆm r ) Primer: masno središče sistema treh točk, težišče trikotnika. Masno središče likov in teles. Tabela masnih središč likov: pravokotnik, trikotnik, polkrog, krožni izsek, odsek. Primer: izračun masnega središča sestavljenega lika iz pravokotnika in polkroga. Enačba gibanja masnega središča m a = F. Primer: poševni met po eksploziji. Definicija togega gibanja. Togi sistem, togo telo. Togo gibanje je natanko določeno z gibanjem treh nekolinearnih točk. Razcep togega gibanja na translatorno in rotacijsko gibanje. Translatorni del gibanja togega telesa določa enačba gibanja masnega središča. Vektorski produkt, definicija, geometrijski pomen Osnovne lastnosti vektorskega produkta. Navor(moment) sile F s prijemališčem v P glede na pol O: N(O) = OP F = r F. Vrtilna količina točke l(o) = OP m r. Primer: vrtilna količina kroženja. Vrtilna količina sistema materialnih točk L(O) = N i=1 l i (O), l i (O) = r i m i ri. Odvod vrtilne količine. Navor zunanjih, navor notranjih sil. Pojem centralne sile. Če so notranje sile centralne, je navor notranjih sil enak nič. Izrek o vrtilni količini: če so notranje sile centralne, je odvod vrtilne količine enak navoru zunanjih sil. Velja dl(o) = N(O). dt
3 Rotacijski del gibanja togega telesa določa izrek o vrtilni količini. Dinamika togega sistema je natanko določena z enačbo gibanja masnega središča in izrekom o vrtilni količini. Zaprti sistem materialnih točk, izrek o ohranitvi gibalne količine in izrek o ohranitvi vrtilne količine. Primer a) izreka o ohranitvi gibalne količine; b) izreka o ohranitvi vrtilne količine. Trki, elastični Trki, neelastični, plastični. STATIKA TOGEGA TELESA Togo telo je v statičnem ravnovesju natanko tedaj, ko a) rezultanta vseh zunanjih sil je enaka nič; b) rezultanta navorov zunanjih sil je enaka nič; Togo telo se ne giblje natanko tedaj, ko je a) v statičnem ravnovesju in b) miruje v začetnem trenutku; Nezadostnost posameznih pogojev. Sistem sil F = {(P 1, F 1 ),..., (P n, F n )}, rezultanta sistema sil R(F) n = i=1 F i, moment sistema sil N(F, O) = n i=1 OP i F i. Definicija Sistem sil je ravnovesen, če je R(F) = 0 in N(F, O) = 0. Odvisnost momenta od pola. Velja N(F, O 1 ) = O 1 O R(F) + N(F, O ). Če je sistem sil F ravnovesen, je N(F, O) za vsako točko O. Primer naloge statike: enostavno podprt togi nosilec; a) statično določena naloga; b) statično nedoločena naloga; Dinamika togega telesa pod vplivom sistema sil F je natanko določena z R(F) in N(F 1, O). Definicija Sistema sil F 1 in F sta ekvipolentna, če obstaja točka O 0 tako, da je R(F 1 ) = R(F ) in N(F 1, O 0 ) = N(F, O 0 ). Trditev Sistema sil F 1 in F sta ekvipolentna natanko tedaj, ko je N(F 1, O) = N(F, O) za vsk pol O. Dva ekvivalentna sistema sil imata enak dinamični efekt na togo telo. Operacije nad sistemom sil, ki ohranjajo ekvipolentnost: a) seštevanje sil s skupnim prijemališčem; b) pomik prijemališča sile v smeri sil, polznost sile; Osnovni principi statike: a) princip o aditivnosti sil s skupnim prijemališčem; b) princip o polznosti sile; c) princip o uravnoteženemu paru sil. Sistem sil je ravninski, če vsa prijemališča in sile ležijo v isti ravnini. Redukcija ravninskega sistema {(P 1, F 1 ), (P, F )} dveh sil na skupno prijemališče: a) F 1 F ; b) F 1 F in F 1 F > 0; c) F 1 F, F 1 F < 0 in F 1 F ; Pojem dvojica sil. Definicija Sistem sil je dvojica, če je R(F) = 0 in N(F, O) 0. Ekvivalentnost dvojice sil in navora. Poljuben ravninski sistem dveh sil {(P 1, F 1 ), (P, F )}, ki ni dvojica, moremo reducirati na sistem z eno samo silo {(P 0, F 1 + F )}, kje je P 0 skupno prijemališče. 3
4 Moment dvojice je neodvisen od pola: N(F, O1 ) = N(F, O ) za poljubna pola O 1 in O. Pravimo, da je navor prosti vektor. Konstrukcija dvojice sil za dani navor. Unija sistema sil R(F 1 F ) = R(F 1 ) + R(F ), N(F1 F, O) = N(F 1, O) + N(F, O). Unija dvojice je dvojica ali ravnovesni sistem sil. Redukcija prostorskega sistema sil na poljubno izbrano redukcijsko točko; prestavitveni moment. Za poljubno izbrano redukcijsko točko P 0 lahko sistem sil F reduciramo na sistem sil, ki je unija rezultante R(F) s prijemališčem v P 0 in dvojice z momentom N(F, P 0 ). Sistem F je sistem sil s skupnim prijemališčem, če obstaja redukcijska točka tako, da je prestavitveni moment v to točko enak nič Izbira redukcijske točke tako, da sta rezultanta in moment glede na redukcijsko točko vzporedna; dinama, os sistema OP R(F) 0 = N(F, O) R(F). Invarianta sistema sil I(F) = R(F) N(F, O). Trditev Invarianta sistema sil je neodvisna od pola O. Redukcija sistema sil 1) I(F) = 0 1a) R(F) = 0 in N(F, O) = 0: ravnovesni sistem sil; 1b) R(F) 0 in N(F, O) = 0: sistem sil s skupnim prijemališčem v O; 1c) R(F) = 0 in N(F, O) 0: dvojica sil; 1d) R(F) 0, N(F, O) 0 in R(F) N(F, O): sistem sil s skupnim prijemališčem na osi sistema; ) I(F) 0: sistem sil nima skupnega prijemališča. Redukcija sistema sil na dinamo, os sistema. Primer: sistem sil z vzporednimi silami F = m if0. Če je m = N i=1 m i 0 je ta sistem sil ekvipolenten rezultanti mf 0, ki ima prijemališče v masnem središču. Poljubni ravninski sistem sil lahko reduciramo na dve sili, ki imata prijemališči v poljubno izbranih točkah. Poljubni prostorski sistem sil lahko reduciramo na tri sile, ki imajo prijemališča v poljubno izbranih točkah. Ravninski sistem sil lahko uravnovesimo v poljubno izbranih dveh podporah, prostorskega pa v treh. Primer: a) (sistem sil s skupnim prijemališčem) določi silo, ki potisne kolo s polmerom r 0 čez robnik višine h; b) določi silo vrvi, ki drži v ravnovesju desko, ki je naslonjena na gladko podlago. Osnovni koraki pri reševanju nalog ravnovesja togega telesa: a) identifikacija sil in njihovih prijemališč; b) zapis sil in ravnovesnih enačb; c) reševanje ravnovesnih enačb; d) analiza rezultata Trenje Sila podlage je rezultanta ploskovne porazdelitve sil, tangentna komponenta, normalna komponenta. Sila trenja je komponenta sile podlage v tangentni smeri in kaže v nasprotno smer kot gibanje. Prijemališče sile podlage. Drsno(dinamično) trenje, dotikalno(oprijemalno, statično) trenje. Coulombov zakon trenja. Tabela koeficientov oprijemalnega(koeficient lepenja) in drsnega trenja. Drsenje klade na strmini, torni kot. 4
5 Spuščanje, dvigovanje klade po strmini; samozapornost. Vijačna dvigalka, M = Gr 0 tan (β + aα), β strmina vijačnice, α torni kot Radialni ležaj, določitev obratovalnega momenta M 0 = kr 0 G, torni radij. Kotalno trenje, koeficient kotalnega trenja e, formula F = e r 0 G. Trenje vrvi na kolutu. Določen integral, izrek o povprečni vrednosti. Izpeljava formule S = S 1 e kϕ0. Vrednosti kvocienta S /S 1 pri k = 1 za različne ovojne kote ϕ 0. Statika sistema togih teles Spoji med telesi, sile in navori v spojih. Klasifikacija spojev: a) popolni spoj, prenos vseh sil in momentov; b) tečaj, prenos vseh sil in momentov pravokotnih na os tečaja; c) križni zglob, prenos vseh sil in momenta v smeri osi zgloba; d) krogelni zglob, prenos vseh sil brez prenosa momenta; e) linijski drsnik, prenos sil pravokotnih na smer drsnika in vseh momentov; f) ploščati drsnik, prenos sile pravokotne na ravnino drsnika in vseh momentov; g) kombinacija drsnika in zgloba. Primer: A lestev, določitev pogoja zdrsa Potek reševanja: a) identifikacija zunanjih sil; b) razčelnitev sistema na toge komponente; c) identifikacija sil in momentov v spojih; d) postavitev diagramov prostih teles; e) zapis ravnotežnih enačb; f) raševanje sistema ravnotežnih enačb. Primer: zdrs vrvi na kolutu škripca. k sin α. Trenje klinaste jermenice, formula ˆk = Primer: dvigovanje/spuščanje bremena ob steni z zagozdo. Določitev pogoja samozapornosti. Paličje Paličje je togi sistem sestavljen iz palic pod vplivom sil s prijemališči v spojih palic. v število spojev, p število palic; Formula za enostavno ravninsko paličje : v 3 = p. Formula za enostavno prostorsko paličje 3v 6 = p. Sile v palicah, natezne, tlačne. Ravnovesne enačbe paličja. Enostavno paličje je pri statično določenih podporah statično določeno Vozliščna metoda. Primer: paličje treh enakokrakih trikotnikov: a) določitev sil v podporah; b) določitev sil v palicah. Pomanjkljivosti vozliščne metode. Metoda prereza; kdaj jo lahko uporabimo. Primer: določitev sil v izbranih palicah. Primerjava vozliščne metode in metode prereza. Nosilci Točkovna obremenitev, linijska obremenitev, dolžinska gostota sobremenitve p(x). Določitev ekvipolentne točkovne obremenitve. Primeri: a) enakomerna(konstantna) porazdelitev; b) linearna porazdelitev. 5
6 Navidezni prerez nosilca, vpliv desnega dela nosilca na levi del preko notranjih količin; a) osna sila V (x); b) prečna sila Q(x); c) upogibni moment M(x). Določitev notranjih količin z metodo prereza. Primer: točkovno obremenjen enostavno podprt nosilec. a) Potek osne sile; b) potek prečne sile; c) potek upogibnega momenta. Prečna sila ima pri točkovni obremenitvi v točkah obremenitve nezveznosti s skokom, ki je enak sili obremenitve v tej točki. Primer: konstantna linijska obremenitev enostavno podprtega nosilca: a) potek prečne sile; b) potek upogibnega momenta; c) primerjava z ekvipolentno točkovno obremenitvijo. Pri enostavno podprtem nosilcu je na levem krajišču prečna sila enaka sili leve podpore, na desnem pa je nasprotno enaka sili podpore. Upogibni moment je na krajiščih enak nič. Določitev mesta največjega upogibnega momenta. Primer: konzolno vpeti nosilec z linearno linijsko obremenitvijo: a) potek prečne sile; b) potek upogibnega momenta; Potek prečne sile in upogibnega momenta za splošni primer točkovnih obremenitev. Izpeljava formul za zvezno linijsko obremenitev p(x). dq dx = p(x), dm dx = Q(x). Podpore nosilca: a) členkasta nepomična; b) členkasta pomična; c) konzolna; Določitev notranjih količin z analitično metodo, z upoštevanjem diferencialne zveze med Q in p ter M in Q. Primer: linearna porazdelitev, določitev integracijskih konstant iz robnih pogojev. Kompatibilnostni pogoji med deli nosilca z različnimi obremenitvami TRDNOST Deformacija Pisava; referenčni(nedeformiran) položaj: B,P, P(X,Y,Z); prostorski(deformiran) položaj: b,p, p(x,y,z). Mere deformacije: a) relativna sprememba dolžin ɛ 1 = p 1p P 1 P, P 1 P b) Cauchyjeva mera deformacije c) logaritemska mera Aditivnost logaritemske mere. Za majhne deformacije je ɛ = ɛ 1, ɛ 1 = ɛ. Pri togem pomiku je mera deformacije enaka nič. ɛ = p 1p P 1 P P 1 P ɛ = log p 1p P 1 P 6
7 Opis deformacije z vektorjem pomika r = R + u. Lokalizacija mere deformacije, sprememba dolžin za infinitezimalno bližnje točke. Enoosna deformacija. Pri enoosni deformaciji je ɛ 1 = u X. Deformacija je homogena, če je mera deformacije konstantna. Pri homogeni enoosni deformaciji je ɛ 1 = l l in u(x) = ɛ 1 X + u Infinitezimalni deformacijski tenzor ɛ = ɛ x γ xy γ xy γ xz γ ɛ yz y γ xz γ yz ɛ z = u 1 X X + u1 1 ( u 1 ( u1 Y + u X ) 1 ( u1 Z + u3 X ) Y ) u 1 Y ( u Z + u3 Y ) 1 ( u3 X + u1 Z ) 1 ( u3 Y + u Z ) u 3 Z Zapis mere deformacije v smeri enotskega vektorja n s kvadratno formo ɛ 1 = ɛ 1 ( n) = n ɛ n. Izrazu ɛ 1 ( n) pravimo mera osne deformacije v smeri n. Primer: dvoosna deformacija pravokotnika. a) Določitev pomika iz slike. b) izračun spremembe dolžine diagonale s pomočjo slike; c) izračun deformacijskega tenzorja; d) izračun spremembe dolžine diagonale s pomočjo deformacijskega tenzorja. Primer: enostavni strig pravokotnika. a) Določitev pomika iz slike. b) izračun spremembe dolžine diagonale s pomočjo slike; c) izračun deformacijskega tenzorja; d) izračun spremembe dolžine diagonale s pomočjo deformacijskega tenzorja. Pomen komponent deformacijskega tenzorja a) diagonalni elementi; b) izven diagonalni elementi Ravninska deformacije: u 1 = u 1 (X, Y ), u = u (X, Y ), u 3 = 0. Določitev smeri največje, najmanjše osne deformacije. Pri ravninski deformaciji je Smeri ekstremalne osne deformacije sta ɛ 1 ( n) = ɛ 1 (ϕ) = 1 (ɛ x + ɛ y ) + 1 (ɛ x ɛ y ) cos ϕ + 1 γ xy sin ϕ. ϕ a 1 = 1 arctan γ xy ɛ x ɛ y, ϕ a = ϕ a 1 + π. Smeri največje in najmanjše mere deformacije oklepata pravi kot. Največja osna deformacija je ɛ max 1 = 1 ( ) ɛ x + ɛ y + (ɛ x ɛ y ) + γxy, najmanjša pa ɛ min 1 = 1 ( ) ɛ x + ɛ y (ɛ x ɛ y ) + γxy. Primer: a) dvoosna deformacija; b) enostavni strig. Mera strižne deformacije v ravnini med seboj pravokotnih enotskih vektorjev m in n je γ( m, n) = m ɛ n. 7
8 Pri ravninski deformaciji je γ = γ( n, n) = (ɛ y ɛ x ) sin ϕ + γ xy cos ϕ, kjer je n = cos ϕ i + sin ϕ j in n = sin ϕ i + cos ϕ j. Smeri ekstremalne spremembe kotov sta ϕ s 1 = 1 arctan ɛ y ɛ x γ xy, ϕ s = ϕ s 1 + π. Smeri ekstremalne osne deformacije oklepajo s smerema ekstremalne strižne deformacije kot π/4. Ekstremalna strižna deformacija je γ ext = ±(ɛ max 1 ɛ min 1 ). Primer: a) dvoosna deformacija; b) enostavni strig. Smer ekstremalne spremembe kotov oklepa s smerjo ekstremalne osne deformacije kot π/4. Sprememba volumna: za majhne deformacije je V V = ɛ x + ɛ y + ɛ z Komponente deformacijskega tenzorja so odvisne od izbire koordinatnega sistema. Ekstremalne vrednosti deformacijskega tenzorja so neodvisne od izbire koordinatnega sistema. Vsota diagonalnih elementov matrike deformacijskega tenzorja je neodvisna od izbire koordinatnega sistema. Pregled osnovnih deformacij: a) enoosna deformacija; b) dvoosna deformacija v smeri koordinatnih osi: ɛ = ɛ x ɛ y 0 ; c) enakomerna deformacija; d) strižna deformacije v smeri koordinatnih osi: ɛ = 0 γ xy γ xz γ xy γ xz γ yz γ yz 0 Strižna deformacija ohranja volumen. Enakomerna deformacija ohranja kote. Določitev deformacijskega tenzorja iz osnih deformacij. a) za ravninsko deformacijo potrebujemo tri osne deformacije v treh neodvisnih smereh; b) za prostorsko pa šest. Deformacijski elipsoid. Torzija u = φ Z l ( Y i + X j). Izračun pripadajočega deformacijskega tenzorja. Napetost Osna napetost σ = F A. Enota napetosti, [σ] = N/m = Pa, MPa = 10 6 Pa, GPa = 10 9 Pa. Primer: določitev osne napetosti za osno obremenjeno palico z nekonstantnim presekom. Primer: določitev zunanjega polmera stebra vodnega stolpa, pomen kvocienta σ/ρ.. 8
9 Zveza med deformacijo in napetostjo. Deformacijsko napetostni diagram za enoosno deformacijo. Značilne točke in območja na deformacijsko napetostnem diagramu. Utrjevanje. Tabela Youngovih modulov E, mej tečenj σ Y in nateznih trdnosti σ ST. Razlika med togostjo in trdnostjo. Nominalna napetost in deformacija, prava napetost in deformacija. Kompresijski test. Energija deformacije, elastična energija, plastično delo. Za dani material izračunaj dopustno obremenitev v območju elastičnosti. Primer: reševanja statično nedoločene naloge Ravnovesna enačba enoosne napetosti ( d EA du ) + p(x) = 0. dx dx Robni pogoji ravnovesne enačbe: a) predpisani pomiki na robu; b) predpisana sila. Primer: razteg palice zaradi lastne teže. Primerjava z raztegom točkovne obremenitve prostega konca. Termalini raztezek ɛ T = α T. Primer: med dvema fiksnima stenama je vstavljena sestavljena palica s presekoma A 1, A, Youngovima moduloma E 1 in E in koeficientoma termalnega raztezka α 1 in α. Eno palico segrejemo za T. Določi napetostno stanje v palicah. Kompoziti Efektivni modul v smeri vlaken; Voigtova formula E = c f E f + c m E m, pravilo mešanja ( ) Efektivni modul v prečni smeri; Reussova formula E = c f E f + c m E m Velja: E < E. Upogib nosilca. Nevtralna os, deformacija vlaken ɛ = z R, σ = z E R. Upogib nevtralne osi w(x), aproksimacija 1 R = d w dx Določitev zveze med upogibnim momentom M in napetostjo. Euler - Bernoullijeva enačba M = EI R. Ploskovni moment I. Zveza σ = Eɛ = M I z. ) Enačba upogiba d EI d w = q. dx Primer: upogib enostavno podprtega nosilca s konstantno linijsko obremenitvijo. Določi maksimalen upogib. Izračunaj za primer lesene deske. Robni pogoji enačbe upogiba nosilca. Uklon nosilca, palice Določitev kritične obremenitve: a) členkasto vpeta palica: F c = π EI l ; b) togo vpeta palica: F c = 4π EI l ; dx ( 9
10 Hitri lom. Pogoj hitrega loma σ πa = EG c = K c. Tabela koeficientov hitrega loma K c. Primer: zlepljen enostavno podprti nosilec s točkovno obremenitvijo na sredini. Določi maksimalno dopustno silo, da ne bo prišlo do hitrega loma. a) Določitev upogibnega momenta; b) izračun napetosti; c) zapis pogoja hitrega loma v odvisnosti od obremenitve. Časovna odvisnost materialov; reologija. Relaksacija, lezenje. Enoosni reološki modeli z vzmetjo in dušilko. Maxwellov model, relaksacija. Kelvinov model, lezenje. Napetostni tenzor Vektor napetosti t je gostota površinske sile na prerezu. Odvisnost napetosti od smeri prereza. Vektor napetosti t = t(p, n) je linearen v n. To pomeni, da obstaja tenzor napetosti t tako, da je t = t n. Tenzor napetosti je simetričen in ima 6 neodvisnih komponent. Zapis tenzorja napetosti: t = t 11 t 1 t 13 t 1 t t 3 = σ 1 τ 1 τ 13 τ 1 σ τ 3 t 13 t 3 t 33 τ 13 τ 3 σ 3 Normalna napetost, strižna napetost Pomen komponent napetostnega tenzorja: a) na diagonalah so normalne napetosti v smereh koordinatnih osi; b) izvendiagonalni elementi so komponente strižnih napetosti. Primer: a) iz danih vektorjev napetosti t( i) = σ i τ j, t( j) = τ i, t( k) = 0 določi tenzor napetosti. b) Za dano smer n = n 1 i + n j izračunaj vektor napetosti, normalno in strižno napetost. Osnovna napetostna stanja: a) Hidrostatično napetostno stanje t = pi. Vektor napetosti je v vseh smereh enak, strižne napetosti pa so enake nič. b) Enoosno napetostno stanje. Ravninsko napetostno stanje. Ekstremalne lastnosti napetostnega tenzorja, analogija z določitvijo ekstremalnih lastnosti deformacijskega tenzorja. Največja, najmanjša možna normalna napetost je t max,min n = 1 ( ) σ 1 + σ ± (σ 1 σ ) + 4τ1 Smeri največje in najmanjše normalne napetosti oklepata pravi kot. Največja možna strižna napetost je t max s = 1 ( t max n t min ) n. Smer največje strižne napetosti oklepa kot π/4 s smerjo največje normalne napetosti. Posplošeni Hookov zakon: linearna zveza med napetostjo in deformacijo. Zapis zveze med t in ɛ, Voigtov zapis z elastično matriko reda 6 6. Simetrije elastičnega tenzorja in število materialnih parametrov za posamezne simetrije. a) anizotropija (1); b) monoklinična (13); 10
11 c) ortotropična (9); d) tranzverzalna izotropija (5); d) izotropija (); Podajnostni tenzor, zapis zveze med ɛ in t za ortotropičen material 1/E 1 ν 1 /E 1 ν 13 /E ν 1 /E 1/E ν 3 /E ν S = 31 /E 3 ν 3 /E 3 1/E /µ /µ /µ Hookov zakon za izotropični material oziroma Zveza E, ν, G. Primer: enoosno napetostno stanje. Enakomerna kompresija, kompresijski modul κ = Za nestisljivi material je ν = 1. ɛ ij = 1 + ν E t ij ν E (t 11 + t + t 33 )δ ij ɛ = 1 + ν E t ν (Sl t )I. E E 3(1 ν). 11
TEHNIŠKA MEHANIKA - sinopsis predavanj v šolskem letu 2009/2010
TEHNIŠKA MEHANIKA - sinopsis predavanj v šolskem letu 009/010 BF : Viskokošolski strokovni študij 5 10 09 KINEMATIKA IN DINAMIKA TOČKE Kinematika Osnovne kinematične količine: položaj P, vektor hitrosti
Διαβάστε περισσότεραMEHANIKA: sinopsis predavanj v šolskem letu 2003/2004
MEHANIKA: sinopsis predavanj v šolskem letu 2003/2004 NTF, Visokošolski strokovni program KINEMATIKA 18. 2. 2004 Osnovne kinematične količine.: položaj r, hitrost, brzina, pospešek. Definicija vektorja
Διαβάστε περισσότερα1. Newtonovi zakoni in aksiomi o silah:
1. Newtonovi zakoni in aksiomi o silah: A) Telo miruje ali se giblje enakomerno, če je vsota vseh zunanjih sil, ki delujejo na telo enaka nič. B) Če rezultanta vseh zunanjih sil, ki delujejo na telo ni
Διαβάστε περισσότεραprimer reševanja volumskega mehanskega problema z MKE
Reševanje mehanskih problemov z MKE primer reševanja volumskega mehanskega problema z MKE p p RAK: P-XII//74 Reševanje mehanskih problemov z MKE primer reševanja volumskega mehanskega problema z MKE L
Διαβάστε περισσότεραTRDNOST (VSŠ) - 1. KOLOKVIJ ( )
TRDNOST (VSŠ) - 1. KOLOKVIJ (17. 12. 03) Pazljivo preberite besedilo vsake naloge! Naloge so točkovane enakovredno (vsaka 25%)! Pišite čitljivo! Uspešno reševanje! 1. Deformiranje telesa je podano s poljem
Διαβάστε περισσότεραGimnazija Krˇsko. vektorji - naloge
Vektorji Naloge 1. V koordinatnem sistemu so podane točke A(3, 4), B(0, 2), C( 3, 2). a) Izračunaj dolžino krajevnega vektorja točke A. (2) b) Izračunaj kot med vektorjema r A in r C. (4) c) Izrazi vektor
Διαβάστε περισσότερα3. VAJA IZ TRDNOSTI. Rešitev: Pomik v referenčnem opisu: u = e y 2 e Pomik v prostorskem opisu: u = ey e. e y,e z = e z.
3. VAJA IZ TRDNOSTI (tenzor deformacij) (pomiki togega telesa, Lagrangev in Eulerjev opis, tenzor velikih deformacij, tenzor majhnih deformacij in rotacij, kompatibilitetni pogoji) NALOGA 1: Gumijasti
Διαβάστε περισσότεραTretja vaja iz matematike 1
Tretja vaja iz matematike Andrej Perne Ljubljana, 00/07 kompleksna števila Polarni zapis kompleksnega števila z = x + iy): z = rcos ϕ + i sin ϕ) = re iϕ Opomba: Velja Eulerjeva formula: e iϕ = cos ϕ +
Διαβάστε περισσότεραmatrike A = [a ij ] m,n αa 11 αa 12 αa 1n αa 21 αa 22 αa 2n αa m1 αa m2 αa mn se števanje po komponentah (matriki morata biti enakih dimenzij):
4 vaja iz Matematike 2 (VSŠ) avtorica: Melita Hajdinjak datum: Ljubljana, 2009 matrike Matrika dimenzije m n je pravokotna tabela m n števil, ki ima m vrstic in n stolpcev: a 11 a 12 a 1n a 21 a 22 a 2n
Διαβάστε περισσότεραIZPIT IZ ANALIZE II Maribor,
Maribor, 05. 02. 200. (a) Naj bo f : [0, 2] R odvedljiva funkcija z lastnostjo f() = f(2). Dokaži, da obstaja tak c (0, ), da je f (c) = 2f (2c). (b) Naj bo f(x) = 3x 3 4x 2 + 2x +. Poišči tak c (0, ),
Διαβάστε περισσότερα386 4 Virtualni pomiki in virtualne sile. A 2 x E 2 = 0. (4.99)
386 4 Virtualni pomiki in virtualne sile oziroma Ker je virtualna sila δf L poljubna, je enačba 4.99) izpolnjena le, če je δf L u L F ) L A x E =. 4.99) u L = F L A x E. Iz prikazanega primera sledi, da
Διαβάστε περισσότεραNaloge iz vaj: Sistem togih teles C 2 C 1 F A 1 B 1. Slika 1: Sile na levi in desni lok.
1 Rešene naloge Naloge iz vaj: Sistem togih teles 1. Tročleni lok s polmerom R sestavljen iz lokov in je obremenjen tako kot kaže skica. Določi sile podpor. Rešitev: Lok razdelimo na dva loka, glej skico.
Διαβάστε περισσότεραTehniška mehanika 1 [N]
Tehniška mehanika 1 Osnovni pojmi Togo in deformabilno telo, ter masno središče Obnašanje togega telesa lahko obravnavamo, kot obnašanje točke, v kateri je zbrana vsa masa telesa m. To točko imenujemo
Διαβάστε περισσότερα2. VAJA IZ TRDNOSTI. Napetostno stanje valja je določeno s tenzorjem napetosti, ki ga v kartezijskem koordinatnem. 3xy 5y 2
. VAJA IZ TRDNOSTI (tenzor napetosti) (napetostni vektor, transformacija koordinatnega sistema, glavne normalne napetosti, strižne napetosti, ravninsko napetostno stanje, Mohrovi krogi, ravnotežne enačbe)
Διαβάστε περισσότεραKODE ZA ODKRIVANJE IN ODPRAVLJANJE NAPAK
1 / 24 KODE ZA ODKRIVANJE IN ODPRAVLJANJE NAPAK Štefko Miklavič Univerza na Primorskem MARS, Avgust 2008 Phoenix 2 / 24 Phoenix 3 / 24 Phoenix 4 / 24 Črtna koda 5 / 24 Črtna koda - kontrolni bit 6 / 24
Διαβάστε περισσότεραOdvod. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 5. december Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 5. december 2013 Primer Odvajajmo funkcijo f(x) = x x. Diferencial funkcije Spomnimo se, da je funkcija f odvedljiva v točki
Διαβάστε περισσότερα7. VAJA IZ MEHANIKE TRDNIH TELES. (tenzor deformacij II) (tenzor majhnih deformacij in rotacij, kompatibilitetni pogoji)
7. VAJA IZ MEHANIKE TRDNIH TELES (tenzor deformacij II) (tenzor majhnih deformacij in rotacij, kompatibilitetni pogoji) NALOGA 1: Pomik deformabilnega telesa je glede na kartezijski koordinatni sistem
Διαβάστε περισσότεραMatematika 2. Diferencialne enačbe drugega reda
Matematika 2 Diferencialne enačbe drugega reda (1) Reši homogene diferencialne enačbe drugega reda s konstantnimi koeficienti: (a) y 6y + 8y = 0, (b) y 2y + y = 0, (c) y + y = 0, (d) y + 2y + 2y = 0. Rešitev:
Διαβάστε περισσότεραDiferencialna enačba, v kateri nastopata neznana funkcija in njen odvod v prvi potenci
Linearna diferencialna enačba reda Diferencialna enačba v kateri nastopata neznana funkcija in njen odvod v prvi potenci d f + p= se imenuje linearna diferencialna enačba V primeru ko je f 0 se zgornja
Διαβάστε περισσότερα*M * Osnovna in višja raven MATEMATIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Sobota, 4. junij 2011 SPOMLADANSKI IZPITNI ROK. Državni izpitni center
Državni izpitni center *M40* Osnovna in višja raven MATEMATIKA SPOMLADANSKI IZPITNI ROK NAVODILA ZA OCENJEVANJE Sobota, 4. junij 0 SPLOŠNA MATURA RIC 0 M-40-- IZPITNA POLA OSNOVNA IN VIŠJA RAVEN 0. Skupaj:
Διαβάστε περισσότεραIZRAČUN MEHANSKIH LASTNOSTI IN DEFORMACIJ ENOSTRANSKO IN DVOSTRANSKO VPETEGA NOSILCA
Univerza v Ljubljani Fakulteta za elektrotehniko IZRAČUN MEHANSKIH LASTNOSTI IN DEFORMACIJ ENOSTRANSKO IN DVOSTRANSKO VPETEGA NOSILCA Seminarska naloga pri predmetu Razdelilna in industrijska omrežja Maks
Διαβάστε περισσότεραZaporedja. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 22. oktober Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 22. oktober 2013 Kdaj je zaporedje {a n } konvergentno, smo definirali s pomočjo limite zaporedja. Večkrat pa je dobro vedeti,
Διαβάστε περισσότεραVEKTORJI. Operacije z vektorji
VEKTORJI Vektorji so matematični objekti, s katerimi opisujemo določene fizikalne količine. V tisku jih označujemo s krepko natisnjenimi črkami (npr. a), pri pisanju pa s puščico ( a). Fizikalne količine,
Διαβάστε περισσότεραFunkcije. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 21. november Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 21. november 2013 Hiperbolične funkcije Hiperbolični sinus sinhx = ex e x 2 20 10 3 2 1 1 2 3 10 20 hiperbolični kosinus coshx
Διαβάστε περισσότεραFunkcije. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 14. november Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 14. november 2013 Kvadratni koren polinoma Funkcijo oblike f(x) = p(x), kjer je p polinom, imenujemo kvadratni koren polinoma
Διαβάστε περισσότεραVaje iz MATEMATIKE 2. Vektorji
Študij AHITEKTURE IN URBANIZMA, šol. l. 06/7 Vaje iz MATEMATIKE. Vektorji Vektorji: Definicija: Vektor je usmerjena daljica. Oznake: AB, a,... Enakost vektorjev: AB = CD: če lahko vektor AB vzporedno premaknemo
Διαβάστε περισσότεραIntegralni račun. Nedoločeni integral in integracijske metrode. 1. Izračunaj naslednje nedoločene integrale: (a) dx. (b) x 3 +3+x 2 dx, (c) (d)
Integralni račun Nedoločeni integral in integracijske metrode. Izračunaj naslednje nedoločene integrale: d 3 +3+ 2 d, (f) (g) (h) (i) (j) (k) (l) + 3 4d, 3 +e +3d, 2 +4+4 d, 3 2 2 + 4 d, d, 6 2 +4 d, 2
Διαβάστε περισσότεραEnačba, v kateri poleg neznane funkcije neodvisnih spremenljivk ter konstant nastopajo tudi njeni odvodi, se imenuje diferencialna enačba.
1. Osnovni pojmi Enačba, v kateri poleg neznane funkcije neodvisnih spremenljivk ter konstant nastopajo tudi njeni odvodi, se imenuje diferencialna enačba. Primer 1.1: Diferencialne enačbe so izrazi: y
Διαβάστε περισσότεραr T = 1. Redukcija sile 2. Telo in težišče telesa
1. Redukcija sile Izračunavanje rezultante porazdeljenih sil je lahko zamudno, mnogokrat si pomagamo tako, da porazdeljeno silo nadomestimo z drugim sistemom sil, ki je enostavnejši, njegov vpliv na opazovano
Διαβάστε περισσότεραSplošno o interpolaciji
Splošno o interpolaciji J.Kozak Numerične metode II (FM) 2011-2012 1 / 18 O funkciji f poznamo ali hočemo uporabiti le posamezne podatke, na primer vrednosti r i = f (x i ) v danih točkah x i Izberemo
Διαβάστε περισσότεραKotni funkciji sinus in kosinus
Kotni funkciji sinus in kosinus Oznake: sinus kota x označujemo z oznako sin x, kosinus kota x označujemo z oznako cos x, DEFINICIJA V PRAVOKOTNEM TRIKOTNIKU: Kotna funkcija sinus je definirana kot razmerje
Διαβάστε περισσότεραNa pregledni skici napišite/označite ustrezne točke in paraboli. A) 12 B) 8 C) 4 D) 4 E) 8 F) 12
Predizpit, Proseminar A, 15.10.2015 1. Točki A(1, 2) in B(2, b) ležita na paraboli y = ax 2. Točka H leži na y osi in BH je pravokotna na y os. Točka C H leži na nosilki BH tako, da je HB = BC. Parabola
Διαβάστε περισσότερα1. Definicijsko območje, zaloga vrednosti. 2. Naraščanje in padanje, ekstremi. 3. Ukrivljenost. 4. Trend na robu definicijskega območja
ZNAČILNOSTI FUNKCIJ ZNAČILNOSTI FUNKCIJE, KI SO RAZVIDNE IZ GRAFA. Deinicijsko območje, zaloga vrednosti. Naraščanje in padanje, ekstremi 3. Ukrivljenost 4. Trend na robu deinicijskega območja 5. Periodičnost
Διαβάστε περισσότεραFunkcijske vrste. Matematika 2. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 2. april Gregor Dolinar Matematika 2
Matematika 2 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 2. april 2014 Funkcijske vrste Spomnimo se, kaj je to številska vrsta. Dano imamo neko zaporedje realnih števil a 1, a 2, a
Διαβάστε περισσότεραFunkcije več spremenljivk
DODATEK C Funkcije več spremenljivk C.1. Osnovni pojmi Funkcija n spremenljivk je predpis: f : D f R, (x 1, x 2,..., x n ) u = f (x 1, x 2,..., x n ) kjer D f R n imenujemo definicijsko območje funkcije
Διαβάστε περισσότεραFIZIKA. Predavanje 1. termin. dr. Simon Ülen Predavatelj za fiziko. Študijska smer: Fizioterapija PREDSTAVITEV SPLETNE UČILNICE
Evropsko središče Maribor Študijska smer: Fizioterapija dr. Simon Ülen Predavatelj za fiziko FIZIKA Predavanje 1. termin 1. termin: Biomehanika 2. termin: Tekočine, Termodinamika; Nihanje Valovanje; Zvok
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center SPOMLADANSKI IZPITNI ROK *M * NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Petek, 12. junij 2015 SPLOŠNA MATURA
Državni izpitni center *M543* SPOMLADANSKI IZPITNI ROK NAVODILA ZA OCENJEVANJE Petek,. junij 05 SPLOŠNA MATURA RIC 05 M543 M543 3 IZPITNA POLA Naloga Odgovor Naloga Odgovor Naloga Odgovor Naloga Odgovor
Διαβάστε περισσότεραTelo samo po sebi ne spremeni svoje lege ali oblike. To je lahko le posledica drugega telesa, ki nanj učinkuje.
2. Dinamika 2.1 Sila III. PREDNJE 2. Dinamika (sila) Grška beseda (dynamos) - sila Gibanje teles pod vplivom zunanjih sil 2.1 Sila Telo samo po sebi ne spremeni svoje lege ali oblike. To je lahko le posledica
Διαβάστε περισσότεραUVOD V ENERGIJSKE METODE V MEHANIKI KONSTRUKCIJ
1. UVOD V ENERGIJSKE METODE V MEHANIKI KONSTRUKCIJ Vosnovnemtečaju mehanike trdnih teles smo izpeljali sistem petnajstih osnovnih enačb, s katerimi lahko načeloma določimo napetosti, deformacije in pomike
Διαβάστε περισσότεραPONOVITEV SNOVI ZA 4. TEST
PONOVITEV SNOVI ZA 4. TEST 1. * 2. *Galvanski člen z napetostjo 1,5 V požene naboj 40 As. Koliko električnega dela opravi? 3. ** Na uporniku je padec napetosti 25 V. Upornik prejme 750 J dela v 5 minutah.
Διαβάστε περισσότεραKotne in krožne funkcije
Kotne in krožne funkcije Kotne funkcije v pravokotnem trikotniku Avtor: Rok Kralj, 4.a Gimnazija Vič, 009/10 β a c γ b α sin = a c cos= b c tan = a b cot = b a Sinus kota je razmerje kotu nasprotne katete
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * JESENSKI IZPITNI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Četrtek, 27. avgust 2009 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : ržavni izpitni center *M0974* MEHNIK JESENSKI IZPITNI ROK NVOIL Z OCENJEVNJE Četrtek, 7. avgust 009 SPLOŠN MTUR RIC 009 M09-74-- POROČJE PREVERJNJ Pretvorite dane veličine
Διαβάστε περισσότεραSlika 5: Sile na svetilko, ki je obešena na žici.
4. poglavje: Sile 5. Cestna svetilka visi na sredi 10 m dolge žice, ki je napeta čez cesto. Zaradi teže svetilke (30 N) se žica za toliko povesi, da pride sredina za 30 cm niže kot oba konca. Kako močno
Διαβάστε περισσότερα1.4 Glavne normalne napetosti v nosilcu 145. Vzdolž nevtralne osi oklepajo normale ravnin glavnih napetosti s smerjo x naslednje kote
1.4 Glavne normalne napetosti v nosilcu 145 Smeri glavnih normalnih napetosti vzdolž osi nosilca Vzdolž nevtralne osi oklepajo normale ravnin glavnih napetosti s smerjo x naslednje kote σ xx = M y z =
Διαβάστε περισσότεραMEHANIKA. Osnovni pojmi, principi in metode mehanike togega in trdnega telesa
MEHANIKA Osnoni pojmi, principi in metode mehanike togega in trdnega telesa Mehanika je naraoslona eda, ki se ukarja s preučeanjem gibanj in gibalnih stanj teles, nastalih zaradi deloanja zunanjih zroko
Διαβάστε περισσότεραOdvod. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 10. december Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 10. december 2013 Izrek (Rolleov izrek) Naj bo f : [a,b] R odvedljiva funkcija in naj bo f(a) = f(b). Potem obstaja vsaj ena
Διαβάστε περισσότεραGlavni sistem:obremenjen s prvotno obtežbo: P. δ 10. 3 Pomik δ 10 :δ 10 = P (2L ) Reakciji pri levi in desni podpori: ΣV=0
OGM Metoda sil. METODA SIL. OIS METODE Metoda sil se uporablja za račun statično nedoločenih konstrukcij. V njej kot neznanke nastopajo sile. Namenjena je predvsem ročnemu računanju konstrukcij, ki so
Διαβάστε περισσότεραFIZIKA. Predavanja. Študijska smer: Fizioterapija. Evropsko središče Maribor
Evropsko središče Maribor Študijska smer: Fizioterapija FIZIKA Predavanja 1. del: Biomehanika 2. del: Tekočine, Termodinamika; Nihanje in valovanje; Valovanje: zvok in svetloba 3. del : Elektrika in magnetizem
Διαβάστε περισσότεραVaje iz MATEMATIKE 8. Odvod funkcije., pravimo, da je funkcija f odvedljiva v točki x 0 z odvodom. f (x f(x 0 + h) f(x 0 ) 0 ) := lim
Študij AHITEKTURE IN URBANIZMA, šol l 06/7 Vaje iz MATEMATIKE 8 Odvod funkcije f( Definicija: Naj bo f definirana na neki okolici točke 0 Če obstaja lim 0 +h f( 0 h 0 h, pravimo, da je funkcija f odvedljiva
Διαβάστε περισσότερα- pravac n je zadan s točkom T(2,0) i koeficijentom smjera k=2. (30 bodova)
MEHANIKA 1 1. KOLOKVIJ 04/2008. grupa I 1. Zadane su dvije sile F i. Sila F = 4i + 6j [ N]. Sila je zadana s veličinom = i leži na pravcu koji s koordinatnom osi x zatvara kut od 30 (sve komponente sile
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center SPOMLADANSKI IZPITNI ROK *M * FIZIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Petek, 10. junij 2016 SPLOŠNA MATURA
Državni izpitni center *M16141113* SPOMLADANSKI IZPITNI ROK FIZIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE Petek, 1. junij 16 SPLOŠNA MATURA RIC 16 M161-411-3 M161-411-3 3 IZPITNA POLA 1 Naloga Odgovor Naloga Odgovor
Διαβάστε περισσότεραUniverza v Ljubljani FS & FKKT. Varnost v strojništvu
Univerza v Ljubljani FS & FKKT Varnost v strojništvu doc.dr. Boris Jerman, univ.dipl.inž.str. Govorilne ure: med šolskim letom: srede med 9:00 in 11:30 pisarna: FS - 414 telefon: 01/4771-414 boris.jerman@fs.uni-lj.si,
Διαβάστε περισσότεραDefinicija. definiramo skalarni produkt. x i y i. in razdaljo. d(x, y) = x y = < x y, x y > = n (x i y i ) 2. i=1. i=1
Funkcije več realnih spremenljivk Osnovne definicije Limita in zveznost funkcije več spremenljivk Parcialni odvodi funkcije več spremenljivk Gradient in odvod funkcije več spremenljivk v dani smeri Parcialni
Διαβάστε περισσότεραDelovna točka in napajalna vezja bipolarnih tranzistorjev
KOM L: - Komnikacijska elektronika Delovna točka in napajalna vezja bipolarnih tranzistorjev. Določite izraz za kolektorski tok in napetost napajalnega vezja z enim virom in napetostnim delilnikom na vhod.
Διαβάστε περισσότεραAnaliza 2 Rešitve 14. sklopa nalog
Analiza Rešitve 1 sklopa nalog Navadne diferencialne enačbe višjih redov in sistemi diferencialnih enačb (1) Reši homogene diferencialne enačbe drugega reda s konstantnimi koeficienti: (a) 6 + 8 0, (b)
Διαβάστε περισσότεραPoglavje 7. Poglavje 7. Poglavje 7. Regulacijski sistemi. Regulacijski sistemi. Slika 7. 1: Normirana blokovna shema regulacije EM
Slika 7. 1: Normirana blokovna shema regulacije EM Fakulteta za elektrotehniko 1 Slika 7. 2: Principielna shema regulacije AM v KSP Fakulteta za elektrotehniko 2 Slika 7. 3: Merjenje komponent fluksa s
Διαβάστε περισσότεραOSNOVE STROJNIŠTVA (OST)
OSNOVE STROJNIŠTV (OST) Pripravil vsebine: Uroš Lukič, univ.dipl.inž Velenje, Oktober 010 1 V mehatroniki se v kompleksnih elektromehanskih sistemih prepletajo vsebine strojništva, ki bazirajo na osnovah
Διαβάστε περισσότεραdiferencialne enačbe - nadaljevanje
12. vaja iz Matematike 2 (VSŠ) avtorica: Melita Hajdinjak datum: Ljubljana, 2009 diferencialne enačbe - nadaljevanje Ortogonalne trajektorije Dana je 1-parametrična družina krivulj F(x, y, C) = 0. Ortogonalne
Διαβάστε περισσότεραPodobnost matrik. Matematika II (FKKT Kemijsko inženirstvo) Diagonalizacija matrik
Podobnost matrik Matematika II (FKKT Kemijsko inženirstvo) Matjaž Željko FKKT Kemijsko inženirstvo 14 teden (Zadnja sprememba: 23 maj 213) Matrika A R n n je podobna matriki B R n n, če obstaja obrnljiva
Διαβάστε περισσότεραTema 1 Osnove navadnih diferencialnih enačb (NDE)
Matematične metode v fiziki II 2013/14 Tema 1 Osnove navadnih diferencialnih enačb (NDE Diferencialne enačbe v fiziki Večina osnovnih enačb v fiziki je zapisana v obliki diferencialne enačbe. Za primer
Διαβάστε περισσότερα6.1.2 Togostna matrika linijskega elementa z ravno osjo po teoriji II. reda
596 6 Geometrijska nelinearnost nosilcev varnost V E pa z enačbo V E = F E F dej 6.92) Z A x je označena ploščina prečnega prereza nosilca, količina i min je najmanjši vztrajnostni polmer, F dej pa je
Διαβάστε περισσότεραBooleova algebra. Izjave in Booleove spremenljivke
Izjave in Booleove spremenljivke vsako izjavo obravnavamo kot spremenljivko če je izjava resnična (pravilna), ima ta spremenljivka vrednost 1, če je neresnična (nepravilna), pa vrednost 0 pravimo, da gre
Διαβάστε περισσότεραVAJE IZ MATEMATIKE za študente gozdarstva. Martin Raič
VAJE IZ MATEMATIKE za študente gozdarstva Martin Raič OSNUTEK Kazalo 1. Ponovitev 2 2. Ravninska in prostorska geometrija 5 3. Linearna algebra 7 4. Ponavljanje pred kolokvijem 8 M. RAIČ: VAJE IZ MATEMATIKE(GOZDARSTVO)
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * JESENSKI IZPITNI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Sreda, 31. avgust 2011 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : Državni izpitni center *M117411* MEHNIK JESENSKI IZPITNI ROK NVODIL Z OCENJEVNJE Sreda, 1. avgust 011 SPLOŠN MTUR RIC 011 M11-741-1- PODROČJE PREVERJNJ 1 Izračunajte vrednosti
Διαβάστε περισσότερα4. VAJA IZ TRDNOSTI (linearizirana elastičnost, plastično tečenje)
4. VAJA IZ TRDNOSTI (linearizirana elastičnost, plastično tečenje) NALOGA 1: Eden izmed preizkusov za določanje mehanskih lastnosti materialov je strižni preizkus, s katerim določimo strižni modul G. Vzorec
Διαβάστε περισσότεραZaporedja. Matematika 1. Gregor Dolinar. Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani. 15. oktober Gregor Dolinar Matematika 1
Matematika 1 Gregor Dolinar Fakulteta za elektrotehniko Univerza v Ljubljani 15. oktober 2013 Oglejmo si, kako množimo dve kompleksni števili, dani v polarni obliki. Naj bo z 1 = r 1 (cosϕ 1 +isinϕ 1 )
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * SPOMLADANSKI IZPITNI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Petek, 28. maj 2010 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : Državni izpitni center *M1017411* MEHANIKA SPOMLADANSKI IZPITNI ROK NAVODILA ZA OCENJEVANJE Petek, 8. maj 010 SPLOŠNA MATURA RIC 010 M101-741-1- PODROČJE PREVERJANJA A A1
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * SPOMLADANSKI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Sobota, 9. junij 2007 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : Državni izpitni center *M0774* SPOMLDNSKI ROK MEHNIK NVODIL Z OCENJEVNJE Sobota, 9. junij 007 SPLOŠN MTUR RIC 007 M07-74-- PODROČJE PREVERJNJ Navedene vrednosti veličin pretvorite
Διαβάστε περισσότεραIterativno reševanje sistemov linearnih enačb. Numerične metode, sistemi linearnih enačb. Numerične metode FE, 2. december 2013
Numerične metode, sistemi linearnih enačb B. Jurčič Zlobec Numerične metode FE, 2. december 2013 1 Vsebina 1 z n neznankami. a i1 x 1 + a i2 x 2 + + a in = b i i = 1,..., n V matrični obliki zapišemo:
Διαβάστε περισσότερα1 3D-prostor; ravnina in premica
1 3D-prostor; ravnina in premica 1. Razmisli, v kakšnih legah so lahko v prostoru: (a) premica in ravnina (b) dve ravnini (c) dve premici.ugotovitve zapiši.. 2. Ali sta premici v prostoru, ki nimata skupne
Διαβάστε περισσότεραNumerično reševanje. diferencialnih enačb II
Numerčno reševanje dferencaln enačb I Dferencalne enačbe al ssteme dferencaln enačb rešujemo numerčno z več razlogov:. Ne znamo j rešt analtčno.. Posamezn del dferencalne enačbe podan tabelarčno. 3. Podatke
Διαβάστε περισσότεραFrekvenčna analiza neperiodičnih signalov. Analiza signalov prof. France Mihelič
Frekvenčna analiza neperiodičnih signalov Analiza signalov prof. France Mihelič Vpliv postopka daljšanja periode na spekter periodičnega signala Opazujmo družino sodih periodičnih pravokotnih impulzov
Διαβάστε περισσότεραPoglavja: Navor (5. poglavje), Tlak (6. poglavje), Vrtilna količina (10. poglavje), Gibanje tekočin (12. poglavje)
Poglavja: Navor (5. poglavje), Tlak (6. poglavje), Vrtilna količina (10. poglavje), Gibanje tekočin (12. poglavje) V./4. Deska, ki je dolga 4 m, je podprta na sredi. Na koncu deske stoji mož s težo 700
Διαβάστε περισσότερα1 Seštevanje vektorjev in množenje s skalarjem
Poglavje I Vektorji Seštevanje vektorjev in množenje s skalarjem Za lažjo geometrično predstavo si najprej oglejmo, kaj so vektorji v ravnini. Vektor je usmerjena daljica, ki je natanko določena s svojo
Διαβάστε περισσότεραMatematično modeliranje 3. poglavje Dinamično modeliranje: diferencialne enačbe, sistemi diferencialnih enačb
Matematično modeliranje 3. poglavje Dinamično modeliranje: diferencialne enačbe, sistemi diferencialnih enačb Fakulteta za računalništvo in informatiko Univerza v Ljubljani 2017/2018 Za kaj rabimo diferencialne
Διαβάστε περισσότεραUniverza v Ljubljani FS & FKKT. Varnost v strojništvu
Univerza v Ljubljani FS & FKKT Varnost v strojništvu doc.dr. Boris Jerman, univ.dipl.inž.str. Govorilne ure: med šolskim letom: srede med 9:00 in 11:30 pisarna: FS - 414 telefon: 01/4771-414 boris.jerman@fs.uni-lj.si,
Διαβάστε περισσότεραUniverza v Ljubljani FS & FKKT. Varnost v strojništvu
Univerza v Ljubljani FS & FKKT Varnost v strojništvu doc.dr. Boris Jerman, univ.dipl.inž.str. Govorilne ure: med šolskim letom: srede med 9:00 in 11:30 pisarna: FS - 414 telefon: 01/4771-414 boris.jerman@fs.uni-lj.si,
Διαβάστε περισσότεραDomače naloge za 2. kolokvij iz ANALIZE 2b VEKTORSKA ANALIZA
Domače naloge za 2. kolokvij iz ANALIZE 2b VEKTORSKA ANALIZA. Naj bo vektorsko polje R : R 3 R 3 dano s predpisom R(x, y, z) = (2x 2 + z 2, xy + 2yz, z). Izračunaj pretok polja R skozi površino torusa
Διαβάστε περισσότεραGEOMETRIJA V RAVNINI DRUGI LETNIK
GEOMETRIJA V RAVNINI DRUGI LETNIK 2 1 Geometrija v ravnini 1.1 Osnove geometrije Točka je tisto, kar nima delov. Črta je dolžina brez širine. Ploskev je tisto, kar ima samo dolžino in širino. Osnovni zakoni,
Διαβάστε περισσότεραSKUPNE PORAZDELITVE VEČ SLUČAJNIH SPREMENLJIVK
SKUPNE PORAZDELITVE SKUPNE PORAZDELITVE VEČ SLUČAJNIH SPREMENLJIVK Kovaec vržemo trikrat. Z ozačimo število grbov ri rvem metu ( ali ), z Y a skuo število grbov (,, ali 3). Kako sta sremelivki i Y odvisi
Διαβάστε περισσότεραMehanika. L. D. Landau in E. M. Lifšic Inštitut za fizikalne naloge, Akademija za znanost ZSSR, Moskva Prevod: Rok Žitko, IJS
Mehanika L. D. Landau in E. M. Lifšic Inštitut za fizikalne naloge, Akademija za znanost ZSSR, Moskva Prevod: Rok Žitko, IJS 2. januar 2004 Kazalo 1 Gibalne enačbe 4 1 Posplošene koordinate...............................
Διαβάστε περισσότεραcot x ni def. 3 1 KOTNE FUNKCIJE POLJUBNO VELIKEGA KOTA (A) Merske enote stopinja [ ] radian [rad] 1. Izrazi kot v radianih.
TRIGONOMETRIJA (A) Merske enote KOTNE FUNKCIJE POLJUBNO VELIKEGA KOTA stopinja [ ] radian [rad] 80 80 0. Izrazi kot v radianih. 0 90 5 0 0 70. Izrazi kot v stopinjah. 5 8 5 (B) Definicija kotnih funkcij
Διαβάστε περισσότεραUniverza v Ljubljani FS & FKKT. Varnost v strojništvu
Univerza v Ljubljani FS & FKKT Varnost v strojništvu doc.dr. Boris Jerman, univ.dipl.inž.str. Govorilne ure: med šolskim letom: objavljeno na vratih in na internetu pisarna: FS - 414 telefon: 01/4771-414
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center SPOMLADANSKI IZPITNI ROK *M * NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Sreda, 3. junij 2015 SPLOŠNA MATURA
Državni izpitni center *M15143113* SPOMLADANSKI IZPITNI ROK NAVODILA ZA OCENJEVANJE Sreda, 3. junij 2015 SPLOŠNA MATURA RIC 2015 M151-431-1-3 2 IZPITNA POLA 1 Naloga Odgovor Naloga Odgovor Naloga Odgovor
Διαβάστε περισσότεραNajprej zapišemo 2. Newtonov zakon za cel sistem v vektorski obliki:
NALOGA: Po cesi vozi ovornjak z hirosjo 8 km/h. Tovornjak je dolg 8 m, širok 2 m in visok 4 m in ima maso 4 on. S srani začne pihai veer z hirosjo 5 km/h. Ob nekem času voznik zaspi in ne upravlja več
Διαβάστε περισσότεραPOROČILO. št.: P 1100/ Preskus jeklenih profilov za spuščen strop po točki 5.2 standarda SIST EN 13964:2004
Oddelek za konstrkcije Laboratorij za konstrkcije Ljbljana, 12.11.2012 POROČILO št.: P 1100/12 680 01 Presks jeklenih profilov za spščen strop po točki 5.2 standarda SIST EN 13964:2004 Naročnik: STEEL
Διαβάστε περισσότεραLADISK Laboratorij za dinamiko strojev in konstrukcij. Višja dinamika. Rešene naloge iz analitične mehanike. Dr. Janko Slavič. 22.
Univerza v Ljubljani Fakulteta za strojništvo LADISK Laboratorij za dinamiko strojev in konstrukcij Višja dinamika Rešene naloge iz analitične mehanike Dr. Janko Slavič 22. avgust 2012 Zadnja različica
Διαβάστε περισσότεραNAVOR NA (TOKO)VODNIK V MAGNETNEM POLJU
NAVOR NA (TOKO)VODNIK V MAGNETNEM POLJU Equatio n Section 6Vsebina poglavja: Navor kot vektorski produkt ročice in sile, magnetni moment, navor na magnetni moment, d'arsonvalov ampermeter/galvanometer.
Διαβάστε περισσότεραGovorilne in konzultacijske ure 2014/2015
FIZIKA Govorilne in konzultacijske ure 2014/2015 Tedenske govorilne in konzultacijske ure: Klemen Zidanšek: sreda od 8.00 do 8.45 ure petek od 9.40 do 10.25 ure ali po dogovoru v kabinetu D17 Telefon:
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * JESENSKI IZPITNI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Ponedeljek, 30. avgust 2010 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : Državni izpitni center *M07* MEHNIK JESENSKI IZPITNI ROK NVODIL Z OCENJEVNJE Ponedeljek, 0. avgust 00 SPLOŠN MTUR RIC 00 M0-7-- PODROČJE PREVERJNJ Pretvorite podane veličine
Διαβάστε περισσότεραLinearne preslikave. Poglavje VII. 1 Definicija linearne preslikave in osnovne lastnosti
Poglavje VII Linearne preslikave V tem poglavju bomo vektorske prostore označevali z U,V,W,... Vsi vektorski prostori bodo končnorazsežni. Zaradi enostavnosti bomo privzeli, da je pripadajoči obseg realnih
Διαβάστε περισσότεραUniverza v Ljubljani FS & FKKT. Varnost v strojništvu
Univerza v Ljubljani FS & FKKT Varnost v strojništvu doc.dr. Boris Jerman, univ.dipl.inž.str. Govorilne ure: pisarna: FS - 414 telefon: 01/4771-414 boris.jerman@fs.uni-lj.si, (Tema/Subject: VDPN -...)
Διαβάστε περισσότεραINŽENIRSKA MATEMATIKA I
INŽENIRSKA MATEMATIKA I REŠENE NALOGE za izredne študente VSŠ Tehnično upravljanje nepremičnin Marjeta Škapin Rugelj Fakulteta za gradbeništvo in geodezijo Kazalo Števila in preslikave 5 Vektorji 6 Analitična
Διαβάστε περισσότερα1. Trikotniki hitrosti
. Trikotniki hitrosti. Z radialno črpalko želimo črpati vodo pri pogojih okolice z nazivnim pretokom 0 m 3 /h. Notranji premer rotorja je 4 cm, zunanji premer 8 cm, širina rotorja pa je,5 cm. Frekvenca
Διαβάστε περισσότεραreologija Andreja Zupančič Valant UL FKKT Katedra za kemijsko biokemijsko in ekološko inženirstvo
reologija Andreja Zupančič Valant UL FKKT Katedra za kemijsko biokemijsko in ekološko inženirstvo 1 Modul 2 Viskoelastično obnašanje strukturiranih tekočin Določanje viskoelastičnih lastnosti tekočin in
Διαβάστε περισσότεραLinearna algebra. Bojan Orel Fakulteta za računalništvo in informatiko
Linearna algebra Bojan Orel Fakulteta za računalništvo in informatiko 23. februar 205 CIP - Kataložni zapis o publikaciji Narodna in univerzitetna knjižnica, Ljubljana 52.64(075.8)(0.034.2) OREL, Bojan
Διαβάστε περισσότεραDržavni izpitni center *M * JESENSKI IZPITNI ROK MEHANIKA NAVODILA ZA OCENJEVANJE. Petek, 29. avgust 2008 SPLOŠNA MATURA
Š i f r a k a n d i d a t a : Državni izpitni center *M087411* JESENSKI IZPITNI ROK MEHNIK NVODIL Z OCENJEVNJE Petek, 9. avgust 008 SPLOŠN MTUR RIC 008 M08-741-1- PODROČJE PREVERJNJ 1 Preračunajte spodaj
Διαβάστε περισσότεραOsnove linearne algebre
Osnove linearne algebre Matrike Matrika razsežnosti n m je A = a 1 1 a 1 2 a 1 m a 2 1 a 2 2 a 2 m a n 1 a n 2 a n m Če je n = m, tedaj matriko imenujemo kvadratna matrika Elementi matrike so lahko realna
Διαβάστε περισσότεραMEHANIKA. Ljubljana Predmetni izpitni katalog za splo{no maturo
Ljubljana 2007 MEHANIKA Predmetni izpitni katalog za splo{no maturo Predmetni izpitni katalog se uporablja od spomladanskega roka 2009, dokler ni dolo~en novi. Veljavnost kataloga za leto, v katerem bo
Διαβάστε περισσότερα4. Zapiši Eulerjeve dinamične enačbe za prosto osnosimetrično vrtavko. ω 2
Mehanikateoretičnavprašanjainodgovori 1/12 Newtonovamehanika 1. Določiravninogibanjatočkevpoljucentralnesile. Ravninagibanjagreskozicentersileinimanormalovsmerivrtilne količine 2. Zapišiperiodogibanjapremočrtnegagibanjapodvplivompotenciala
Διαβάστε περισσότερα