ZANIMLJIVI ZADACI O BROJU 2014 (I)
|
|
- Ἀγαυή Αργυριάδης
- 6 χρόνια πριν
- Προβολές:
Transcript
1 Prirodno-matematički fakultet, Univerzitet u Nišu, Srbija Matematika i informatika () (014), 9-4 ZANIMLJIVI ZADACI O BROJU 014 (I) Dušan J. Simjanović Prirodno-matematički fakultet u Nišu dsimce@gmail.com Branimir V. Lapčević OŠ Stojan Novaković Blace banelapcevic@gmail.com Jelena Radonjić STŠ Vožd Karađorđe i OŠ Radovan Kovačević - Maksim Lebane jecika8@gmail.com Milan S. Stamenković Elektronski fakultet u Nišu milanstamenkovic@live.com Dragi čitaoče, pred tobom je mala, ali nadamo se, zanimljiva skupina zadataka u kojima se javlja broj 014. Preovladavaju zadaci iz algebre, pažljivo sortirani i detaljno rešeni, slični onima koji se često postavljaju na opštinskim i regionalnim takmičenjima. Nadamo se da ćeš marljivim rešavanjem usavršiti svoje matematičke veštine. Zadatak 1 Odrediti proste(ne nužno različite) brojeve p, q, r i s takve da je p q (r + s) = 014. Rešenje: Kako je 014 = 19 53, to je {p, q, r + s} {, 19, 53}. Kako ne postoje dva prosta broja čiji je zbir jednak ili 53, mora biti r + s = 19. Zbog toga što je 19 neparan broj, jedan od prostih brojeva r i s mora biti paran, a drugi neparan, odnosno jedan od tih brojeva je, a drugi 17. Iz svega pomenutog imamo da je Skup rešenja je {p, q} {, 53} i {r, s} {, 17}. S(p, q, r, s) = {(, 53,, 17), (, 53, 17, ), (53,,, 17), (53,, 17, )}. 9
2 Zadatak Nađi sve cifre x, y, z i t takve da važi xyzt + xyz + xy + x = 014. Rešenje: Najpre uočimo da je 1 x 9 i 0 y, z, t 9. jednakost je ekvivalentna sa jednakošću Data odnosno sa 1000x + 100y + 10z + t + 100x + 10y + z + 10x + y + x = 014, 1111x + 111y + 11z + t = 014. Kako su y, z i t nenegativni brojevi, zaključujemo da je x = 1. Odavde je 111y + 11z + t = 903. Kako su z i t nenegativni brojevi, zaključujemo da je y < 9. Kako je još 11z 99 i t 9, lako zaključujemo da je y > 7, što znači da je y = 8. Dalje je 11z + t = 15, odakle lako zaključujemo da je z = 1 i t = 4. Dakle, x = 1, y = 8, z = 1 i t = 4. Zadatak 3 Dokazati da je 014, racionalan broj. Rešenje: Neka je 014, = x. Tada je 10000x = , , pa je 10000x x = 9999x = , , Odavde je x = = Zadatak 4 Kada iz skupa od 10 uzastopnih prirodnih brojeva izbacimo jedan od njih, zbir ostalih 9 brojeva jednak je 014. Koji su to brojevi? 10
3 Rešenje: Neka su dati prirodni brojevi oblika x, x + 1, x +,..., x + 8, x + 9, a izbačeni broj x + y, gde je 0 y 9. Iz uslova zadatka sledi da je odnosno da je x + x x x + 9 (x + y) = 014, 9x + 45 y = 014 9x = y. Kako broj y mora biti deljiv sa 9, zaključujemo da je y =, iz čega sledi da je x = 19. Traženi brojevi su 19, 0, 1,..., 8. Zadatak 5 Rešiti sistem jednačina x + y + z = 010 x + y + z = 01 x + y + z = 014. Rešenje: Oduzimanjem druge od treće jednačine dobijamo da je z =. Sada važi da je x + y = 008 x + y = 010. Oduzimanjem druge od prve jednačine dobijamo da je Razlikujemo dva slučaja : x x =. 1. x 0. x < 0 x x = 0 =, sledi da nema rešenja. x x = x = 1 nema rešenja. 11
4 Dati sistem jednačina nema rešenja. Zadatak 6 Zbir nekih 014 prirodnih brojeva je neparan broj. Dokazati da je proizvod tih brojeva paran broj. Rešenje: Ukoliko bi u zbiru bio paran broj neparnih sabiraka, ukupan zbir bi bio paran broj, što je nemoguće, odakle zaključujemo da u zbiru ima neparan broj neparnih sabiraka. Odavde zaključujemo da je u zbiru i neparan broj parnih sabiraka, dakle broj veći od 0. Pošto se u zbiru nalazi bar jedan paran broj, zaključujemo da je proizvod tih brojeva paran broj. Zadatak 7 Odredi prirodan broj x tako da važi jednakost x 014 = x Rešenje: Iz date jednakosti dobijamo da je x 014 x 013 = 013. Ako je x paran broj, onda su x 014 i x 013 parni brojevi, pa njihova razlika, koja je takođe paran broj, ne može biti neparan broj 013. Ako je x neparan broj, onda su x 014 i x 013 neparni brojevi, pa njihova razlika, koja je paran broj, ne može biti 013. Zaključujemo da ne postoji prirodan broj koji zadovoljava datu jednakost. Zadatak 8 Neka su x 1, x,..., x 014 prirodni brojevi za koje važi da je 013 x i = x 014. i=1 Dokazati da su bar dva od tih brojeva parna. Rešenje: Pretpostavimo da su svi brojevi neparni. Ako je n neparan broj, n = k + 1, onda je n = 4k(k + 1) , jer je jedan od brojeva k i k + 1 sigurno paran. Zato je x Sa druge strane imamo da je 013 x i 8 5, i=1 što je kontradikcija. Pretpostavimo da je tačno jedan od brojeva x 1, x, x 3,..., x 014 paran. Ako je to x 014, onda je svaki od brojeva x 1, x,..., x 013 neparan, pa sledi da je neparan i zbir njegovih kvadrata, što je kontradikcija. Ako je neki od brojeva x 1, x,..., x 013 paran,recimo x 1, onda je paran broj x 1 jednak broju x i= x i, koji je očigledno neparan, što je kontradikcija. Iz prethodnog sledi da među brojevima koji zadovoljavaju uslov zadatka moraju da budu bar dva parna broja. 1
5 Zadatak 9 Dokazati da je Rešenje: Primetimo da je 154 = Kako je i = 014 ( ) 014 = 19 53, jasno je da je broj deljiv sa i 19. Kako je još i , to je broj deljiv i sa 3. Slično, iz , sledi da je broj deljiv i sa 11. Odatle, kako su brojevi, 3, 11 i 19 uzajamno prosti, zaključujemo da je broj deljiv sa = 154. Zadatak 10 Neka su x i y prirodni brojevi i xy = Dokazati da broj x + y nije deljiv brojem 01. Rešenje: Jasno je da je neparan broj, iz čega sledi da su brojevi x i y takođe neparni. Sledi da je proizvod (x + 1)(y + 1) 4 0, odnosno da je (x + 1)(y + 1) = xy + x + y + 1 = x + y Kako je , to je i , odakle je Dakle, mora važiti da je x + y 4. Kako 4 01, sledi da zbir x + y nije deljiv brojem 01. Zadatak 11 Dokazati da postoje prirodni brojevi x, y i z čiji je zbir kvadrata jednak Rešenje: Indukcijom ćemo dokazati da se svaki broj oblika 6 n može predstaviti u obliku zbira tri potpuna kvadrata, tj. da za svaki prirodan broj n postoje prirodni brojevi x n, y n i z n, takvi da je x n + y n + z n = 6 n. 13
6 Za n = 1 možemo uzeti x 1 = 4, y 1 = 4 i z 1 =. Pretpostavimo da tvrđenje važi za neki prirodni broj n i dokažimo da tvrđenje važi i za prirodni broj n + 1. Brojeve x n+1, y n+1 i y n+1 izabraćemo korišćenjem brojeva x n, y n i z n na sledeći način: x n+1 = x n + y n z n, y n+1 = y n z n i z n+1 = x n z n. Sada dobijamo x n+1 + y n+1 + z n+1 = (x n + y n z n ) + (y n z n ) + (x n z n ) = što je i trebalo dokazati. (x n + y n + z n ) = (6 n ) = 6 n+1, Zadatak 1 Dat je niz brojeva tako da je svaki član tog niza, počev od drugog jednak zbiru njegova dva susedna člana. Zbir prvih 8 članova je 7, a zbir prvih 9 članova je 3. Odrediti zbir prvih 014 članova tog niza. Rešenje: Označimo sa a prvi i sa b treći član tog niza. Na osnovu uslova zadatka, zaključujemo da je dati niz oblika a, a + b, b, a, (a + b), b, a, a + b, b,... Dakle, niz je peridičan sa periodom dužine 6. Primetimo da je zbir prvih 6 članova jednak 0, jer imamo 3 para suprotnih brojeva. Štaviše, na osnovu prethodne činjenice sledi da je zbir svakih 6 uzastopnih članova jednak 0. Kako je zbir prvih 8 članova jednak 7 i 8 = 6 +, zaključujemo da je a + a + b = a + b = 7. Kako je zbir prvih 9 članova jednak 3 i 9 = , zaključujemo da je a + a + b + b + ( a) + ( (a + b)) = b = 3. Odavde zaključujemo da je a =. Konačno, kako je 014 = , zaključujemo da je zbir prvih 014 članova niza jednak a + a + b + b + ( a) = a + b = + 3 = 8. Zadatak 13 Odredi poslednje dve cifre broja
7 Rešenje: Neposrednim izračunavanjem utvrđujemo da se brojevi 6, 6 3, 6 4, 6 5, 6 6, 6 7,... završavaju redom ciframa 36, 16, 96, 76, 56, 36,.... Dakle, periodično se ponavljaju poslednje cifre sa periodom od 5 brojeva. Kako je 014 = , to se završava istim ciframa kao 6 4, dakle sa 96. Zadatak 14 Prvi broj niza je 7, a svaki sledeći broj se dobija tako što se prethodni kvadrira, saberu se cifre i doda 1. Tako su sledeća dva člana niza 14 i 17. Odrediti 014. član niza. Rešenje: Izračunajmo još nekoliko sledećih članova niza : 7, 14, 17, 0, 5, 8, 11, 5, 8,... Počev od petog člana niz postaje periodičan tako što se ponavljaju tri člana: 5, 8 i 11. Kako je 014 = = , 014. član niza će biti poslednji od tri broja koja se ponavljaju, odnosno broj 11. Zadatak 15 Prvi član niza je Svaki sledeći član niza, počev od drugog, jednak je zbiru cifara prethodnog člana. Odrediti 014. član tog niza. Rešenje: Iskoristićemo činjenicu da je broj deljiv sa 9, ako je zbir cifara tog broja deljiv sa 9. Kako je = , zaključujemo da je svaki član datog niza deljiv sa 9. Kako je 3 < 10, sledi da je = (3 ) 1007 < , odnosno da broj nema više od 1007 cifara. Drugi član niza nije veći od = Zbir cifara drugog člana je manji od 36, odakle zaključujemo da je treći član niza broj 9, 18 ili 7. Zbir cifara bilo kog od ovih brojeva je 9, pa zaključujemo da je svaki član niza, počev od četvrtog, jednak 9. Zadatak 16 Niz prirodnih brojeva (a n ) n N definisan je sa a 1 = 3 i a n+1 = 3 a n, n 1. Odrediti poslednje dve cifre brojeva a 013 i a 014. Rešenje: Podsetimo se pojma Ojlerove funkcije: Za proizvoljan prirodan broj n > 1, Ojlerova funkcija φ(n) označava broj 15
8 svih prirodnih brojeva manjih od n koji su uzajamno prosti sa n. Neka je n prirodan broj i p 1, p,..., p k prosti brojevi koji se pojavljuju u rastavljanju broja n na proste činioce, pri čemu se broj p 1 pojavljuje α 1 puta, p α puta,..., p k α k puta. Tada je n = p 1 α 1 p α... p k α k. α Može se pokazati da ako je n = p 1 α 1 p α... p k k kanonska faktorizacija broja n, tada je φ(n) = n (1 1 ) (1 1 )... p 1 p (1 1 p n ). Ojlerova teorema ima sledeću formulaciju: Neka je a Z i m > 0 tako da je (a, m) = 1. Tada je a φ(m) m 1. Kako je (3, 4) = 1, i (3, 5) = 1, po Ojlerovoj teoremi imamo da je i , pa je Iz a 1 = 3 i a = 3 3 sledi da je a 3 = 3 a = 3 7 = Ako je a n , tada je a n = 100k + 87 = 0(5k + 4) + 7, odakle je a n+1 = 3 an = 3 100k+87 = (3 0 ) 5k Dakle, a n , n 3. Brojevi a 013 i a 014 se završavaju ciframa 87. Zadatak 17 Ako je A = i B = , uporediti brojeve A i B. Rešenje: Kako je 1 n (n + 1) = 1 n 1 n + 1 (1) 16
9 imamo da je 1 1 = 1 1 ; = ;... ; = Sada je A = = ( ) 014 Dakle, A = B. Zadatak 18 Ako je izračunati A. = ( B ) = B 1007 A = , Rešenje: Koristeći formulu za zbir prvih n prirodnih brojeva n = n(n+1), imamo da je 1 + = 3 ; = ; =. Sada je odnosno primenom (1), A = A = , 17
10 odnosno A = , A = Zadatak 19 Data je jednačina 7x + y = 014. Izračunati zbir apcisa svih parova prirodnih brojeva (x i, y i ) koji zadovoljavaju datu jednačinu. Rešenje: Kako je 7x + y = 014, to je 7x = (1007 y), pa je x = k. Sada je 14k = (1007 y), pa je y = k. Kako su x i > 0 i y i > 0, to je i k > 0 i k > 0, pa je 0 < k < 1007 = Dakle, 7 x 1 + x + + x n = = = ( ) = = Zadatak 0 Dati su brojevi a = log 014 i b = 014 log014. Uporedi ih. Rešenje: Kako je log log 014 = log 014 log = log 014 log log = log 014 log, i log 014 log014 = log 014 log 014 = log log 014 log 014 = log 014 log, zaključujemo da je a = b. Zadatak 1 Na tabli je ispisano 014 jedinica. Dozvoljeno je da izbrišemo dva od zapisanih brojeva i umesto njih napišemo četvrtinu njihove sume. Ovaj postupak ponavljamo sve dok na tabli ne ostane samo jedan broj. Pokazati da poslednji preostali broj nije manji od
11 Rešenje: Podsetimo se definicija aritmetičke i harmonijske sredine, kao i nejednakosti između njih. Neka je a = (a 1, a,..., a n ) data n-torka pozitivnih brojeva. Tada je harmonijska sredina H n (a) brojeva a 1, a,..., a n definisana izrazom n H n (a) = 1 a a a n Aritmetička sredina A n (a) brojeva a 1, a,..., a n definiše se izrazom A n (a) = a 1 + a + + a n. n Za bilo koju n-torku a pozitivnih brojeva važi da je H n (a) A n (a). Jednakost važi kada je a 1 = a = = a n. Kada pozitivne brojeve a i b zamenimo njihovom četvrtinom, zbir recipročnih vrednosti svih napisanih brojeva se ne povećava, jer iz nejednakosti između aritmetičke i harmonijske sredine dobijamo da je Preostali broj a b a+b biće veći od 1, jer će jednakost u AH nejednakosti važiti samo kada su 014 brojevi na koje se sredine primenjuju jednaki. Zadatak Koliko ima pozitivnih celih brojeva oblika a n 10 n + a n 1 10 n a a 0 kod kojih je a 0 a 1 a a n 1 a n i koji imaju ne više od 014 cifara? Rešenje: Svakom broju datog oblika možemo priključiti tačno jedan niz dužine 014 koji ima sledeći oblik i bar jedan član različit od nule. Ovakvih nizova, s obzirom na to da su u pitanju kombinacije sa ponavljanjem, ima ( ) ( , odnosno 03 ) 9. Zato, brojeva datog oblika ima ( ) Zadatak 3 Brojevi 014 i napisani su jedan za drugim. Koliko cifara ima tako dobijeni broj? 19
12 Rešenje: Neka zapis broja 014 ima m cifara, a zapis broja n cifara. Jasno je da zapis traženog broja onda ima m + n cifara. Važi da je 10 m 1 < 014 < 10 m 10 n 1 < < 10 n. Množenjem odgovarajućih strana ovih nejednakosti, dobijamo 10 m+n < < 10 m+n, odnosno m + n < 014 < m + n. Odavde je 014 < m + n < 016, a kako je m + n N, zaključujemo da je m + n = 015. Broj dobijen zapisivanjem cifara brojeva 014 i jedan za drugim ima tačno 015 cifara. Zadatak 4 Rešiti po x jednačinu x x x... = 014, gde se koren na levoj strani javlja beskonačno mnogo puta. Rešenje: Obeležimo A = x x x.... Kako je A = 014 i A = xa, zaključujemo da je x = A = 014. Zadatak 5 U skupu celih brojeva rešiti jednačinu ( ) x+1 ( = ) 014. x 014 Rešenje: Ova jednačina se može napisati u obliku ( x + 1 ) x+1 ( 015 ) 014. = x 014 Kako je NZD(x, x+1) = 1, razlomak x+1 je redukovan, pa su redukovani x i razlomci ( ) x+1 x+1 ( x i ) i imaju jednake brojioce i imenioce. Važi i ( 015 ) 014 ( 014 ) 014 ( ) 015+1, = = odnosno ( x + 1 ) x+1 ( ) = x 015 Odavde sledi da je x + 1 = , odnosno da je x =
13 Zadatak 6 U skupu realnih brojeva rešiti jednačinu 014 log 01 (x 1) 01 log 014 (x+1) =. Rešenje: Neka je a = log 01 (x 1) i b = log 014 (x + 1). Sada se početna jednačina transformiše u 014 a 01 b =. Kako je 01 a = 01 log 01 (x 1) = x 1 i 014 b = 014 log 014 (x+1) = x + 1, sledi da je 014 b 01 a =, pa je 014 a 01 b = = 014 b 01 a, odakle dobijamo da je 014 a + 01 a = 014 b + 01 b. Kako je funkcija 014 x + 01 x strogo rastuća sledi da je a = b. Jednačina se svodi na 014 a 01 a =, odnosno ( 014 ) a ( 1 ) a. = Kako je u poslednjoj jednačini funkcija na levoj strani strogo rastuća, a na desnoj strogo opadajuća, jednačina može imati najviše jedno rešenje, a = 1. Rešenje početne jednačine je x = 013. Zadatak 7 Neka je z kompleksan broj takav da je z + 1 z = 1. Izračunati z z 014. Rešenje: Množenjem leve i desne strane jednakosti z + 1 z = 1 sa z dobijamo da je z z + 1 = 0. Množenjem leve i desne strane poslednje jednakosti sa z + 1 dobijamo da je z = 0, odnosno z 3 = 1. Kako je z 014 = (z 3 ) 671 z = z i 1 z = 1, sledi da je 014 z 1
14 z = z + z014 z = (z + 1 z ) = 1. Napomena: Iz (z + 1 z ) = 1, sledi da je z + 1 = 1. z Slično, iz (z + 1 z )3 = 1, sledi da je z =. z 3 Kako parni stepeni izraza z + 1 sadrže samo parne stepene brojeva z i 1, z z a neparni samo neparne, izračunavanje se svodi na prethodna dva slučaja. Ostavljamo čitaocu za vežbu da reši ovaj zadatak na ovaj način. Zadatak 8 Naći sve uređene parove (a, b) R takve da je (a + ib) 014 = a ib. Rešenje: Neka je z = a + ib kompleksan broj koji ispunjava uslove zadatka. Zaključujemo da je z 014 = z, odnosno da je z 014 = z. z 014 = z z ( z 013 1) = 0 z = 0 z 013 = 1. Iz z = 0 sledi da je a = 0 i b = 0. Iz z 013 = 1 sledi da je z = 1. Množenjem jednakosti z 014 = z sa z dobijamo z 015 = z z = z = 1, odakle sledi da je z k = cos kπ kπ + i sin, k = 1,,..., Podsetimo se da su ovo 015. koreni jedinice. Konačno, skup rešenja naše jednačine je {(0, 0)} {(cos kπ kπ, sin ) k = 1,,..., 015} Zadatak 9 Odrediti realni i imaginarni deo broja ( 1 + i 3 ) 014 ( 1 + i 3 ) 014 z = +. Rešenje: Kako je broj 1+i 3 treći koren iz 1, a broj 1+i 3 treći koren iz 1 dobijamo da je ( 1+i z = ) ( 1+i ) = (( 1+i ) 3 )671 ( 3 1+i ) 3 +
15 (( + 1+i ) 3 )671 ( 3 = 1 i 3 1+i 3 = 1. 1+i ) 3 = ( 1) i i 3 = Dakle, Re(z) = 1, Im(z) = 0. Zadatak 30 Dokazati da za p 0 važi nejednakost ) p ) p ) p (014 p + (014 p + + ( p 014. Kada važi jednakost? Rešenje: Kako je p 0, za k > 0 imamo da je kp 0, pa je 014 kp 1. ) kp Odavde sledi da je kp 0, pa je (014 kp 1. Sabiranjem ovih nejednakosti za k = 1,, 3,..., 014, dobijamo ) p ) p ) p (014 p + (014 p + + ( p 014. Jednakost će važiti ako i samo ako je p = 0. U vreme kada matematika, i prirodne nauke uopšte, nisu omiljeni predmet u školi, cilj ovoga rada, a uskoro i njegovog nastavka, je da unese svežinu u nastavu matematike i zaintrigira i zagolica maštu onom malom broju đaka koji se interesuju za ovu lepu nauku. Literatura [1] V. Mićić, Z. Kadelburg, D. Ðukić, Uvod u teoriju brojeva, materijali za mlade matematičare, sveska 15, DMS, Beograd 004. [] S. B. Branković, Zbirka rešenih zadataka iz matematike za srednje škole, odabrana poglavlja, Zavod za udžbenike, Beograd 007. [3] Tangenta 10, Zbirka zadataka objavljenih u rubrici "zadaci iz matematike" časopisa Tangenta godine, priredio B. Popović, DMS, Beograd
16 [4] I. Dolinka, Elementarna teorija brojeva: moji omiljeni zadaci, DMS, Beograd 007. [5] V. Baltić, D. Ðukić, Ð. Krtinić, I. Matić, Pripremni zadaci za matematička takmičenja srednjoškolaca u Srbiji, DMS, Beograd 008. [6] M. Stanić, N. Ikodinović, Teorija brojeva -zbirka zadataka, Zavod za udžbenike i nastavna sredstva, Beograd 004. [7] R. Tošić, D. Milošević, Brojevi - nestandardni zadaci, Arhimedes, Beograd [8] Z. Kadelburg, V. Mićić, S. Ognjanović Analiza sa algebrom, Krug, Beograd 00. [9] V. Andrić Matematika x = 136, Priručnik za pripremanje za takmičenje učenika osnovnih škola od IV do VIII razreda, Krug, Beograd 006. [10] Društo matematičara Srbije, Matematička takmičenja srednjoškolaca, godišta 006/07 011/1. [11] Z. Kadelburg, P. Mladenović, Savezna takmičenja iz matematike,, Društvo matematičara Srbije, Materijali za mlade matematičare, sveska 3, Beograd [1] B. Marinković, D. Stošić - Miljković, Par-nepar,Materijali za mlade matematičare, sveska 167, Arhimedes, Beograd 013. [13] Časopis Tangenta, broj 58/, godina 009/10, Društvo matematičara Srbije [14] Časopis Tangenta, broj 5/4, godina 007/08, Društvo matematičara Srbije 4
DISKRETNA MATEMATIKA - PREDAVANJE 7 - Jovanka Pantović
DISKRETNA MATEMATIKA - PREDAVANJE 7 - Jovanka Pantović Novi Sad April 17, 2018 1 / 22 Teorija grafova April 17, 2018 2 / 22 Definicija Graf je ure dena trojka G = (V, G, ψ), gde je (i) V konačan skup čvorova,
Διαβάστε περισσότεραOsnovni primer. (Z, +,,, 0, 1) je komutativan prsten sa jedinicom: množenje je distributivno prema sabiranju
RAČUN OSTATAKA 1 1 Prsten celih brojeva Z := N + {} N + = {, 3, 2, 1,, 1, 2, 3,...} Osnovni primer. (Z, +,,,, 1) je komutativan prsten sa jedinicom: sabiranje (S1) asocijativnost x + (y + z) = (x + y)
Διαβάστε περισσότεραDeljivost. 1. Ispitati kada izraz (n 2) 3 + n 3 + (n + 2) 3,n N nije deljiv sa 18.
Deljivost 1. Ispitati kada izraz (n 2) 3 + n 3 + (n + 2) 3,n N nije deljiv sa 18. Rešenje: Nazovimo naš izraz sa I.Važi 18 I 2 I 9 I pa možemo da posmatramo deljivost I sa 2 i 9.Iz oblika u kom je dat
Διαβάστε περισσότεραZadaci sa brojevima 2015 i 2016
Природно-математички факултет, Универзитет у Нишу, Србија http://www.pmf.ni.ac.rs/mii Математика и информатика 3(1) (), 41-50 Zadaci sa brojevima i 2016 Dimitrije I. Spasić Učenik gimnazije Svetozar Marković
Διαβάστε περισσότερα3.1 Granična vrednost funkcije u tački
3 Granična vrednost i neprekidnost funkcija 2 3 Granična vrednost i neprekidnost funkcija 3. Granična vrednost funkcije u tački Neka je funkcija f(x) definisana u tačkama x za koje je 0 < x x 0 < r, ili
Διαβάστε περισσότεραElementi spektralne teorije matrica
Elementi spektralne teorije matrica Neka je X konačno dimenzionalan vektorski prostor nad poljem K i neka je A : X X linearni operator. Definicija. Skalar λ K i nenula vektor u X se nazivaju sopstvena
Διαβάστε περισσότεραSISTEMI NELINEARNIH JEDNAČINA
SISTEMI NELINEARNIH JEDNAČINA April, 2013 Razni zapisi sistema Skalarni oblik: Vektorski oblik: F = f 1 f n f 1 (x 1,, x n ) = 0 f n (x 1,, x n ) = 0, x = (1) F(x) = 0, (2) x 1 0, 0 = x n 0 Definicije
Διαβάστε περισσότεραIZVODI ZADACI ( IV deo) Rešenje: Najpre ćemo logaritmovati ovu jednakost sa ln ( to beše prirodni logaritam za osnovu e) a zatim ćemo
IZVODI ZADACI ( IV deo) LOGARITAMSKI IZVOD Logariamskim izvodom funkcije f(), gde je >0 i, nazivamo izvod logarima e funkcije, o jes: (ln ) f ( ) f ( ) Primer. Nadji izvod funkcije Najpre ćemo logarimovai
Διαβάστε περισσότεραZadaci sa prethodnih prijemnih ispita iz matematike na Beogradskom univerzitetu
Zadaci sa prethodnih prijemnih ispita iz matematike na Beogradskom univerzitetu Trigonometrijske jednačine i nejednačine. Zadaci koji se rade bez upotrebe trigonometrijskih formula. 00. FF cos x sin x
Διαβάστε περισσότεραa M a A. Može se pokazati da je supremum (ako postoji) jedinstven pa uvodimo oznaku sup A.
3 Infimum i supremum Definicija. Neka je A R. Kažemo da je M R supremum skupa A ako je (i) M gornja meda skupa A, tj. a M a A. (ii) M najmanja gornja meda skupa A, tj. ( ε > 0)( a A) takav da je a > M
Διαβάστε περισσότεραUNIVERZITET U NIŠU ELEKTRONSKI FAKULTET SIGNALI I SISTEMI. Zbirka zadataka
UNIVERZITET U NIŠU ELEKTRONSKI FAKULTET Goran Stančić SIGNALI I SISTEMI Zbirka zadataka NIŠ, 014. Sadržaj 1 Konvolucija Literatura 11 Indeks pojmova 11 3 4 Sadržaj 1 Konvolucija Zadatak 1. Odrediti konvoluciju
Διαβάστε περισσότεραIZVODI ZADACI (I deo)
IZVODI ZADACI (I deo) Najpre da se podsetimo tablice i osnovnih pravila:. C`=0. `=. ( )`= 4. ( n )`=n n-. (a )`=a lna 6. (e )`=e 7. (log a )`= 8. (ln)`= ` ln a (>0) 9. = ( 0) 0. `= (>0) (ovde je >0 i a
Διαβάστε περισσότεραOsnovne teoreme diferencijalnog računa
Osnovne teoreme diferencijalnog računa Teorema Rolova) Neka je funkcija f definisana na [a, b], pri čemu važi f je neprekidna na [a, b], f je diferencijabilna na a, b) i fa) fb). Tada postoji ξ a, b) tako
Διαβάστε περισσότεραSume kvadrata. mn = (ax + by) 2 + (ay bx) 2.
Sume kvadrata Koji se prirodni brojevi mogu prikazati kao zbroj kvadrata dva cijela broja? Propozicija 1. Ako su brojevi m i n sume dva kvadrata, onda je i njihov produkt m n takoder suma dva kvadrata.
Διαβάστε περισσότεραUniverzitet u Nišu, Prirodno-matematički fakultet Prijemni ispit za upis OAS Matematika
Univerzitet u Nišu, Prirodno-matematički fakultet Prijemni ispit za upis OAS Matematika Rešenja. Matematičkom indukcijom dokazati da za svaki prirodan broj n važi jednakost: + 5 + + (n )(n + ) = n n +.
Διαβάστε περισσότερα(P.I.) PRETPOSTAVKA INDUKCIJE - pretpostavimo da tvrdnja vrijedi za n = k.
1 3 Skupovi brojeva 3.1 Skup prirodnih brojeva - N N = {1, 2, 3,...} Aksiom matematičke indukcije Neka je N skup prirodnih brojeva i M podskup od N. Ako za M vrijede svojstva: 1) 1 M 2) n M (n + 1) M,
Διαβάστε περισσότεραPROBNI TEST ZA PRIJEMNI ISPIT IZ MATEMATIKE
Fakultet Tehničkih Nauka, Novi Sad PROBNI TEST ZA PRIJEMNI ISPIT IZ MATEMATIKE 1 Za koje vrednosti parametra p R polinom f x) = x + p + 1)x p ima tačno jedan, i to pozitivan realan koren? U skupu realnih
Διαβάστε περισσότεραTRIGONOMETRIJSKE FUNKCIJE I I.1.
TRIGONOMETRIJSKE FUNKCIJE I I Odredi na brojevnoj trigonometrijskoj kružnici točku Et, za koju je sin t =,cost < 0 Za koje realne brojeve a postoji realan broj takav da je sin = a? Izračunaj: sin π tg
Διαβάστε περισσότερα2 tg x ctg x 1 = =, cos 2x Zbog četvrtog kvadranta rješenje je: 2 ctg x
Zadatak (Darjan, medicinska škola) Izračunaj vrijednosti trigonometrijskih funkcija broja ako je 6 sin =,,. 6 Rješenje Ponovimo trigonometrijske funkcije dvostrukog kuta! Za argument vrijede sljedeće formule:
Διαβάστε περισσότεραPRAVA. Prava je u prostoru određena jednom svojom tačkom i vektorom paralelnim sa tom pravom ( vektor paralelnosti).
PRAVA Prava je kao i ravan osnovni geometrijski ojam i ne definiše se. Prava je u rostoru određena jednom svojom tačkom i vektorom aralelnim sa tom ravom ( vektor aralelnosti). M ( x, y, z ) 3 Posmatrajmo
Διαβάστε περισσότεραTeorijske osnove informatike 1
Teorijske osnove informatike 1 9. oktobar 2014. () Teorijske osnove informatike 1 9. oktobar 2014. 1 / 17 Funkcije Veze me du skupovima uspostavljamo skupovima koje nazivamo funkcijama. Neformalno, funkcija
Διαβάστε περισσότεραELEKTROTEHNIČKI ODJEL
MATEMATIKA. Neka je S skup svih živućih državljana Republike Hrvatske..04., a f preslikavanje koje svakom elementu skupa S pridružuje njegov horoskopski znak (bez podznaka). a) Pokažite da je f funkcija,
Διαβάστε περισσότερα41. Jednačine koje se svode na kvadratne
. Jednačine koje se svode na kvadrane Simerične recipročne) jednačine Jednačine oblika a n b n c n... c b a nazivamo simerične jednačine, zbog simeričnosi koeficijenaa koeficijeni uz jednaki). k i n k
Διαβάστε περισσότερα( ) ( ) 2 UNIVERZITET U ZENICI POLITEHNIČKI FAKULTET. Zadaci za pripremu polaganja kvalifikacionog ispita iz Matematike. 1. Riješiti jednačine: 4
UNIVERZITET U ZENICI POLITEHNIČKI FAKULTET Riješiti jednačine: a) 5 = b) ( ) 3 = c) + 3+ = 7 log3 č) = 8 + 5 ć) sin cos = d) 5cos 6cos + 3 = dž) = đ) + = 3 e) 6 log + log + log = 7 f) ( ) ( ) g) ( ) log
Διαβάστε περισσότεραPARCIJALNI IZVODI I DIFERENCIJALI. Sama definicija parcijalnog izvoda i diferencijala je malo teža, mi se njome ovde nećemo baviti a vi ćete je,
PARCIJALNI IZVODI I DIFERENCIJALI Sama definicija parcijalnog ivoda i diferencijala je malo teža, mi se njome ovde nećemo baviti a vi ćete je, naravno, naučiti onako kako vaš profesor ahteva. Mi ćemo probati
Διαβάστε περισσότεραZadaci iz trigonometrije za seminar
Zadaci iz trigonometrije za seminar FON: 1. Vrednost izraza sin 1 cos 6 jednaka je: ; B) 1 ; V) 1 1 + 1 ; G) ; D). 16. Broj rexea jednaqine sin x cos x + cos x = sin x + sin x na intervalu π ), π je: ;
Διαβάστε περισσότεραMatematička analiza 1 dodatni zadaci
Matematička analiza 1 dodatni zadaci 1. Ispitajte je li funkcija f() := 4 4 5 injekcija na intervalu I, te ako jest odredite joj sliku i inverz, ako je (a) I = [, 3), (b) I = [1, ], (c) I = ( 1, 0].. Neka
Διαβάστε περισσότεραIskazna logika 3. Matematička logika u računarstvu. novembar 2012
Iskazna logika 3 Matematička logika u računarstvu Department of Mathematics and Informatics, Faculty of Science,, Serbia novembar 2012 Deduktivni sistemi 1 Definicija Deduktivni sistem (ili formalna teorija)
Διαβάστε περισσότεραIspitivanje toka i skiciranje grafika funkcija
Ispitivanje toka i skiciranje grafika funkcija Za skiciranje grafika funkcije potrebno je ispitati svako od sledećih svojstava: Oblast definisanosti: D f = { R f R}. Parnost, neparnost, periodičnost. 3
Διαβάστε περισσότεραVerovatnoća i Statistika I deo Teorija verovatnoće (zadaci) Beleške dr Bobana Marinkovića
Verovatnoća i Statistika I deo Teorija verovatnoće zadaci Beleške dr Bobana Marinkovića Iz skupa, 2,, 00} bira se na slučajan način 5 brojeva Odrediti skup elementarnih dogadjaja ako se brojevi biraju
Διαβάστε περισσότεραIZVODI ZADACI (I deo)
IZVODI ZADACI (I deo Najpre da se podsetimo tablice i osnovnih pravila:. C0.. (. ( n n n-. (a a lna 6. (e e 7. (log a 8. (ln ln a (>0 9. ( 0 0. (>0 (ovde je >0 i a >0. (cos. (cos - π. (tg kπ cos. (ctg
Διαβάστε περισσότεραViše dokaza jedne poznate trigonometrijske nejednakosti u trokutu
Osječki matematički list 000), 5 9 5 Više dokaza jedne poznate trigonometrijske nejednakosti u trokutu Šefket Arslanagić Alija Muminagić Sažetak. U radu se navodi nekoliko različitih dokaza jedne poznate
Διαβάστε περισσότεραM086 LA 1 M106 GRP. Tema: Baza vektorskog prostora. Koordinatni sustav. Norma. CSB nejednakost
M086 LA 1 M106 GRP Tema: CSB nejednakost. 19. 10. 2017. predavač: Rudolf Scitovski, Darija Marković asistent: Darija Brajković, Katarina Vincetić P 1 www.fizika.unios.hr/grpua/ 1 Baza vektorskog prostora.
Διαβάστε περισσότεραMATRICE I DETERMINANTE - formule i zadaci - (Matrice i determinante) 1 / 15
MATRICE I DETERMINANTE - formule i zadaci - (Matrice i determinante) 1 / 15 Matrice - osnovni pojmovi (Matrice i determinante) 2 / 15 (Matrice i determinante) 2 / 15 Matrice - osnovni pojmovi Matrica reda
Διαβάστε περισσότεραPismeni ispit iz matematike Riješiti sistem jednačina i diskutovati rješenja sistema u zavisnosti od parametra: ( ) + 1.
Pismeni ispit iz matematike 0 008 GRUPA A Riješiti sistem jednačina i diskutovati rješenja sistema u zavisnosti od parametra: λ + z = Ispitati funkciju i nacrtati njen grafik: + ( λ ) + z = e Izračunati
Διαβάστε περισσότεραMATEMATIKA 2. Grupa 1 Rexea zadataka. Prvi pismeni kolokvijum, Dragan ori
MATEMATIKA 2 Prvi pismeni kolokvijum, 14.4.2016 Grupa 1 Rexea zadataka Dragan ori Zadaci i rexea 1. unkcija f : R 2 R definisana je sa xy 2 f(x, y) = x2 + y sin 3 2 x 2, (x, y) (0, 0) + y2 0, (x, y) =
Διαβάστε περισσότερα4.7. Zadaci Formalizam diferenciranja (teorija na stranama ) 343. Znajući izvod funkcije x arctg x, odrediti izvod funkcije x arcctg x.
4.7. ZADACI 87 4.7. Zadaci 4.7.. Formalizam diferenciranja teorija na stranama 4-46) 340. Znajući izvod funkcije arcsin, odrediti izvod funkcije arccos. Rešenje. Polazeći od jednakosti arcsin + arccos
Διαβάστε περισσότεραPID: Domen P je glavnoidealski [PID] akko svaki ideal u P je glavni (generisan jednim elementom; oblika ap := {ab b P }, za neko a P ).
0.1 Faktorizacija: ID, ED, PID, ND, FD, UFD Definicija. Najava pojmova: [ID], [ED], [PID], [ND], [FD] i [UFD]. ID: Komutativan prsten P, sa jedinicom 1 0, je integralni domen [ID] oblast celih), ili samo
Διαβάστε περισσότερα7 Algebarske jednadžbe
7 Algebarske jednadžbe 7.1 Nultočke polinoma Skup svih polinoma nad skupom kompleksnih brojeva označavamo sa C[x]. Definicija. Nultočka polinoma f C[x] je svaki kompleksni broj α takav da je f(α) = 0.
Διαβάστε περισσότεραOperacije s matricama
Linearna algebra I Operacije s matricama Korolar 3.1.5. Množenje matrica u vektorskom prostoru M n (F) ima sljedeća svojstva: (1) A(B + C) = AB + AC, A, B, C M n (F); (2) (A + B)C = AC + BC, A, B, C M
Διαβάστε περισσότεραINTEGRALNI RAČUN. Teorije, metodike i povijest infinitezimalnih računa. Lucija Mijić 17. veljače 2011.
INTEGRALNI RAČUN Teorije, metodike i povijest infinitezimalnih računa Lucija Mijić lucija@ktf-split.hr 17. veljače 2011. Pogledajmo Predstavimo gornju sumu sa Dodamo još jedan Dobivamo pravokutnik sa Odnosno
Διαβάστε περισσότερα2log. se zove numerus (logaritmand), je osnova (baza) log. log. log =
( > 0, 0)!" # > 0 je najčešći uslov koji postavljamo a još je,, > 0 se zove numerus (aritmand), je osnova (baza). 0.. ( ) +... 7.. 8. Za prelazak na neku novu bazu c: 9. Ako je baza (osnova) 0 takvi se
Διαβάστε περισσότερα1. zadatak , 3 Dakle, sva kompleksna re{ewa date jedna~ine su x 1 = x 2 = 1 (dvostruko re{ewe), x 3 = 1 + i
PRIPREMA ZA II PISMENI IZ ANALIZE SA ALGEBROM. zadatak Re{avawe algebarskih jedna~ina tre}eg i ~etvrtog stepena. U skupu kompleksnih brojeva re{iti jedna~inu: a x 6x + 9 = 0; b x + 9x 2 + 8x + 28 = 0;
Διαβάστε περισσότεραDRUGI KOLOKVIJUM IZ MATEMATIKE 9x + 6y + z = 1 4x 2y + z = 1 x + 2y + 3z = 2. je neprekidna za a =
x, y, z) 2 2 1 2. Rešiti jednačinu: 2 3 1 1 2 x = 1. x = 3. Odrediti rang matrice: rang 9x + 6y + z = 1 4x 2y + z = 1 x + 2y + 3z = 2. 2 0 1 1 1 3 1 5 2 8 14 10 3 11 13 15 = 4. Neka je A = x x N x < 7},
Διαβάστε περισσότεραnumeričkih deskriptivnih mera.
DESKRIPTIVNA STATISTIKA Numeričku seriju podataka opisujemo pomoću Numeričku seriju podataka opisujemo pomoću numeričkih deskriptivnih mera. Pokazatelji centralne tendencije Aritmetička sredina, Medijana,
Διαβάστε περισσότεραZadaci iz Osnova matematike
Zadaci iz Osnova matematike 1. Riješiti po istinitosnoj vrijednosti iskaza p, q, r jednačinu τ(p ( q r)) =.. Odrediti sve neekvivalentne iskazne formule F = F (p, q) za koje je iskazna formula p q p F
Διαβάστε περισσότερα(y) = f (x). (x) log ϕ(x) + ψ(x) Izvodi parametarski definisane funkcije y = ψ(t)
Izvodi Definicija. Neka je funkcija f definisana i neprekidna u okolini tačke a. Prvi izvod funkcije f u tački a je Prvi izvod funkcije f u tački : f f fa a lim. a a f lim 0 Izvodi višeg reda funkcije
Διαβάστε περισσότεραGlava 1. Realne funkcije realne promen ive. 1.1 Elementarne funkcije
Glava 1 Realne funkcije realne promen ive 1.1 Elementarne funkcije Neka su dati skupovi X i Y. Ukoliko svakom elementu skupa X po nekom pravilu pridruimo neki, potpuno odreeni, element skupa Y kaemo da
Διαβάστε περισσότεραZavrxni ispit iz Matematiqke analize 1
Građevinski fakultet Univerziteta u Beogradu 3.2.2016. Zavrxni ispit iz Matematiqke analize 1 Prezime i ime: Broj indeksa: 1. Definisati Koxijev niz. Dati primer niza koji nije Koxijev. 2. Dat je red n=1
Διαβάστε περισσότερα18. listopada listopada / 13
18. listopada 2016. 18. listopada 2016. 1 / 13 Neprekidne funkcije Važnu klasu funkcija tvore neprekidne funkcije. To su funkcije f kod kojih mala promjena u nezavisnoj varijabli x uzrokuje malu promjenu
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNA MATEMATIKA 2
ELEMENTARNA MATEMATIKA 1. Osnovni pojmovi o funkcijama Jedan od najvažnijih pojmova u matematici predstavlja pojam funkcije. Definicija 1.1. Neka su X i Y dva neprazna skupa. Funkcija f iz skupa X u skup
Διαβάστε περισσότεραPrvi pismeni zadatak iz Analize sa algebrom novembar Ispitati znak funkcije f(x) = tgx x x3. 2. Naći graničnu vrednost lim x a
Testovi iz Analize sa algebrom 4 septembar - oktobar 009 Ponavljanje izvoda iz razreda (f(x) = x x ) Ispitivanje uslova Rolove teoreme Ispitivanje granične vrednosti f-je pomoću Lopitalovog pravila 4 Razvoj
Διαβάστε περισσότεραSOPSTVENE VREDNOSTI I SOPSTVENI VEKTORI LINEARNOG OPERATORA I KVADRATNE MATRICE
1 SOPSTVENE VREDNOSTI I SOPSTVENI VEKTORI LINEARNOG OPERATORA I KVADRATNE MATRICE Neka je (V, +,, F ) vektorski prostor konačne dimenzije i neka je f : V V linearno preslikavanje. Definicija. (1) Skalar
Διαβάστε περισσότεραTrigonometrijske nejednačine
Trignmetrijske nejednačine T su nejednačine kd kjih se nepznata javlja ka argument trignmetrijske funkcije. Rešiti trignmetrijsku nejednačinu znači naći sve uglve kji je zadvljavaju. Prilikm traženja rešenja
Διαβάστε περισσότεραRiješeni zadaci: Nizovi realnih brojeva
Riješei zadaci: Nizovi realih brojeva Nizovi, aritmetički iz, geometrijski iz Fukciju a : N R azivamo beskoači) iz realih brojeva i ozačavamo s a 1, a,..., a,... ili a ), pri čemu je a = a). Aritmetički
Διαβάστε περισσότερα5. Karakteristične funkcije
5. Karakteristične funkcije Profesor Milan Merkle emerkle@etf.rs milanmerkle.etf.rs Verovatnoća i Statistika-proleće 2018 Milan Merkle Karakteristične funkcije ETF Beograd 1 / 10 Definicija Karakteristična
Διαβάστε περισσότερα3. ELEMENTARNA TEORIJA BROJEVA Dokaži dajebroj djeljivs Dokažidajebroj djeljiv Dokaži dajebroj djeljiv
3. ELEMENTARNA TEORIJA BROJEVA 3.. djeljivost 65. Dokaži da je produkt tri uzastopna broja, od kojih je srednji kub prirodnog broja, djeljiv s 504. 652. Ako su a, b cijeli brojevi, dokaži da je broj ab(a
Διαβάστε περισσότεραKontrolni zadatak (Tačka, prava, ravan, diedar, poliedar, ortogonalna projekcija), grupa A
Kontrolni zadatak (Tačka, prava, ravan, diedar, poliedar, ortogonalna projekcija), grupa A Ime i prezime: 1. Prikazane su tačke A, B i C i prave a,b i c. Upiši simbole Î, Ï, Ì ili Ë tako da dobijeni iskazi
Διαβάστε περισσότεραOBLAST DEFINISANOSTI FUNKCIJE (DOMEN) Pre nego što krenete sa proučavanjem ovog fajla, obavezno pogledajte fajl ELEMENTARNE FUNKCIJE, jer se na
OBLAST DEFINISANOSTI FUNKCIJE (DOMEN) Prva tačka u ispitivanju toka unkcije je odredjivanje oblasti deinisanosti, u oznaci Pre nego što krenete sa proučavanjem ovog ajla, obavezno pogledajte ajl ELEMENTARNE
Διαβάστε περισσότεραUvod u teoriju brojeva
Uvod u teoriju brojeva 2. Kongruencije Borka Jadrijević Borka Jadrijević () UTB 2 1 / 25 2. Kongruencije Kongruencija - izjava o djeljivosti; Teoriju kongruencija uveo je C. F. Gauss 1801. De nicija (2.1)
Διαβάστε περισσότερα5 Ispitivanje funkcija
5 Ispitivanje funkcija 3 5 Ispitivanje funkcija Ispitivanje funkcije pretodi crtanju grafika funkcije. Opšti postupak ispitivanja funkcija koje su definisane eksplicitno y = f() sadrži sledeće elemente:
Διαβάστε περισσότεραDvanaesti praktikum iz Analize 1
Dvaaesti praktikum iz Aalize Zlatko Lazovi 20. decembar 206.. Dokazati da fukcija f = 5 l tg + 5 ima bar jedu realu ulu. Ree e. Oblast defiisaosti fukcije je D f = k Z da postoji ula fukcije a 0, π 2.
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNE FUNKCIJE dr Jelena Manojlović Prirodno-matematički fakultet, Niš
1 1. Osnovni pojmovi ELEMENTARNE FUNKCIJE dr Jelena Manojlović Prirodno-matematički fakultet, Niš Jedan od najvažnijih pojmova u matematici predstavlja pojam funkcije. Definicija 1.1. Neka su X i Y dva
Διαβάστε περισσότεραRAČUNSKE VEŽBE IZ PREDMETA POLUPROVODNIČKE KOMPONENTE (IV semestar modul EKM) IV deo. Miloš Marjanović
Univerzitet u Nišu Elektronski fakultet RAČUNSKE VEŽBE IZ PREDMETA (IV semestar modul EKM) IV deo Miloš Marjanović MOSFET TRANZISTORI ZADATAK 35. NMOS tranzistor ima napon praga V T =2V i kroz njega protiče
Διαβάστε περισσότεραFakultet tehničkih nauka, Softverske i informacione tehnologije, Matematika 2 KOLOKVIJUM 1. Prezime, ime, br. indeksa:
Fakultet tehničkih nauka, Softverske i informacione tehnologije, Matematika KOLOKVIJUM 1 Prezime, ime, br. indeksa: 4.7.1 PREDISPITNE OBAVEZE sin + 1 1) lim = ) lim = 3) lim e + ) = + 3 Zaokružiti tačne
Διαβάστε περισσότεραKantonalno takmičenje iz matematike učenika srednjih škola sa područja TK
Kantonalno takmičenje iz matematike učenika srednjih škola sa područja TK Živinice 1.4.014. ZADACI UDRUŽENJE MATEMATIČARA TUZLANSKOG KANTONA PEDAGOŠKI ZAVOD TUZLA Takmičenje učenika srednjih škola Tuzlanskog
Διαβάστε περισσότεραLinearna algebra 2 prvi kolokvij,
Linearna algebra 2 prvi kolokvij, 27.. 20.. Za koji cijeli broj t je funkcija f : R 4 R 4 R definirana s f(x, y) = x y (t + )x 2 y 2 + x y (t 2 + t)x 4 y 4, x = (x, x 2, x, x 4 ), y = (y, y 2, y, y 4 )
Διαβάστε περισσότεραMatematički fakultet
Univerzitet u Beogradu Matematički fakultet MASTER RAD Tema: Doprinos nestandardnih zadataka iz trigonometrije poboljšanju nastave matematike Profesor: dr Zoran Petrović Student: Marijana Nikolić Beograd
Διαβάστε περισσότεραradni nerecenzirani materijal za predavanja
Matematika 1 Funkcije radni nerecenzirani materijal za predavanja Definicija 1. Kažemo da je funkcija f : a, b R u točki x 0 a, b postiže lokalni minimum ako postoji okolina O(x 0 ) broja x 0 takva da je
Διαβάστε περισσότεραSKUPOVI I SKUPOVNE OPERACIJE
SKUPOVI I SKUPOVNE OPERACIJE Ne postoji precizna definicija skupa (postoji ali nama nije zanimljiva u ovom trenutku), ali mi možemo koristiti jednu definiciju koja će nam donekle dočarati šta su zapravo
Διαβάστε περισσότεραZADATAKA IZ MATEMATIKE 2
Mr VENE T BOGOSLAVOV ZBIRKA REŠENIH ZADATAKA IZ MATEMATIKE 5 ispravljeno izdanje ZAVOD ZA UDŽBENIKE BEOGRAD Redaktor i recenzent DOBRILO TOŠIĆ Urednik MILOLJUB ALBIJANIĆ Odgovorni urednik MILORAD MARJANOVIĆ
Διαβάστε περισσότεραx n +m = 0. Ovo proširenje ima svoju manu u tome da se odričemo relacije poretka - no ne možemo imati sve...
1 Kompleksni brojevi Kompleksni brojevi Već veoma rano se pokazalo da je skup realnih brojeva preuzak čak i za neke od najosnovnijih jednačina. Primjer toga je x n +m = 0. Pokazat ćemo da postoji logično
Διαβάστε περισσότεραJednodimenzionalne slučajne promenljive
Jednodimenzionalne slučajne promenljive Definicija slučajne promenljive Neka je X f-ja def. na prostoru verovatnoća (Ω, F, P) koja preslikava prostor el. ishoda Ω u skup R realnih brojeva: (1)Skup {ω/
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNE FUNKCIJE
1 1. Osnovni pojmovi ELEMENTARNE FUNKCIJE Jedan od najvažnijih pojmova u matematici predstavlja pojam funkcije. Definicija 1.1. Neka su X i Y dva neprazna skupa. Funkcija f iz skupa X u skup Y je pridruživanje
Διαβάστε περισσότεραPismeni ispit iz matematike GRUPA A 1. Napisati u trigonometrijskom i eksponencijalnom obliku kompleksni broj, zatim naći 4 z.
Pismeni ispit iz matematike 06 007 Napisati u trigonometrijskom i eksponencijalnom obliku kompleksni broj z = + i, zatim naći z Ispitati funkciju i nacrtati grafik : = ( ) y e + 6 Izračunati integral:
Διαβάστε περισσότεραIspitivaƬe funkcija: 1. Oblast definisanosti funkcije (ili domen funkcije) D f
IspitivaƬe funkcija: 1. Oblast definisanosti funkcije (ili domen funkcije) D f IspitivaƬe funkcija: 1. Oblast definisanosti funkcije (ili domen funkcije) D f 2. Nule i znak funkcije; presek sa y-osom IspitivaƬe
Διαβάστε περισσότεραKompleksni brojevi. Algebarski oblik kompleksnog broja je. z = x + iy, x, y R, pri čemu je: x = Re z realni deo, y = Im z imaginarni deo.
Kompleksni brojevi Algebarski oblik kompleksnog broja je z = x + iy, x, y R, pri čemu je: x = Re z realni deo, y = Im z imaginarni deo Trigonometrijski oblik kompleksnog broja je z = rcos θ + i sin θ,
Διαβάστε περισσότερα1 Promjena baze vektora
Promjena baze vektora Neka su dane dvije različite uredene baze u R n, označimo ih s A = (a, a,, a n i B = (b, b,, b n Svaki vektor v R n ima medusobno različite koordinatne zapise u bazama A i B Zapis
Διαβάστε περισσότεραradni nerecenzirani materijal za predavanja R(f) = {f(x) x D}
Matematika 1 Funkcije radni nerecenzirani materijal za predavanja Definicija 1. Neka su D i K bilo koja dva neprazna skupa. Postupak f koji svakom elementu x D pridružuje točno jedan element y K zovemo funkcija
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNA MATEMATIKA 1
Na kolokviju nije dozvoljeno koristiti ni²ta osim pribora za pisanje. Zadatak 1. Ispitajte odnos skupova: C \ (A B) i (A C) (C \ B). Rje²enje: Neka je x C \ (A B). Tada imamo x C i x / A B = (A B) \ (A
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNA MATEMATIKA 2
ELEMENTARNA MATEMATIKA 1. Osnovni pojmovi o funkcijama Jedan od najvažnijih pojmova u matematici predstavlja pojam funkcije. Definicija 1.1. Neka su X i Y dva neprazna skupa. Funkcija f iz skupa X u skup
Διαβάστε περισσότεραVJEŽBE 3 BIPOLARNI TRANZISTORI. Slika 1. Postoje npn i pnp bipolarni tranziostori i njihovi simboli su dati na slici 2 i to npn lijevo i pnp desno.
JŽ 3 POLAN TANZSTO ipolarni tranzistor se sastoji od dva pn spoja kod kojih je jedna oblast zajednička za oba i naziva se baza, slika 1 Slika 1 ipolarni tranzistor ima 3 izvoda: emitor (), kolektor (K)
Διαβάστε περισσότερα4 Numeričko diferenciranje
4 Numeričko diferenciranje 7. Funkcija fx) je zadata tabelom: x 0 4 6 8 fx).17 1.5167 1.7044 3.385 5.09 7.814 Koristeći konačne razlike, zaključno sa trećim redom, odrediti tačku x minimuma funkcije fx)
Διαβάστε περισσότεραKVADRATNA FUNKCIJA. Kvadratna funkcija je oblika: Kriva u ravni koja predstavlja grafik funkcije y = ax + bx + c. je parabola.
KVADRATNA FUNKCIJA Kvadratna funkcija je oblika: = a + b + c Gde je R, a 0 i a, b i c su realni brojevi. Kriva u ravni koja predstavlja grafik funkcije = a + b + c je parabola. Najpre ćemo naučiti kako
Διαβάστε περισσότεραKOMUTATIVNI I ASOCIJATIVNI GRUPOIDI. NEUTRALNI ELEMENT GRUPOIDA.
KOMUTATIVNI I ASOCIJATIVNI GRUPOIDI NEUTRALNI ELEMENT GRUPOIDA 1 Grupoid (G, ) je asocijativa akko važi ( x, y, z G) x (y z) = (x y) z Grupoid (G, ) je komutativa akko važi ( x, y G) x y = y x Asocijativa
Διαβάστε περισσότεραRIJEŠENI ZADACI I TEORIJA IZ
RIJEŠENI ZADACI I TEORIJA IZ LOGARITAMSKA FUNKCIJA SVOJSTVA LOGARITAMSKE FUNKCIJE OSNOVE TRIGONOMETRIJE PRAVOKUTNOG TROKUTA - DEFINICIJA TRIGONOMETRIJSKIH FUNKCIJA - VRIJEDNOSTI TRIGONOMETRIJSKIH FUNKCIJA
Διαβάστε περισσότεραTrigonometrija 2. Adicijske formule. Formule dvostrukog kuta Formule polovičnog kuta Pretvaranje sume(razlike u produkt i obrnuto
Trigonometrija Adicijske formule Formule dvostrukog kuta Formule polovičnog kuta Pretvaranje sume(razlike u produkt i obrnuto Razumijevanje postupka izrade složenijeg matematičkog problema iz osnova trigonometrije
Διαβάστε περισσότεραTeorija brojeva Okvirni program rada sa nadarenim učenicima osnovnih škola. Hasan Jamak Prirodno-matematički fakultet Sarajevo
Teorija brojeva Okvirni program rada sa nadarenim učenicima osnovnih škola Hasan Jamak Prirodno-matematički fakultet Sarajevo January 24, 2012 Uvod U Bosni i Hercegovini već pedesetak godina se organizuju
Διαβάστε περισσότεραGranične vrednosti realnih funkcija i neprekidnost
Granične vrednosti realnih funkcija i neprekidnost 1 Pojam granične vrednosti Naka su x 0 R i δ R, δ > 0. Pod δ okolinom tačke x 0 podrazumevamo interval U δ x 0 ) = x 0 δ, x 0 + δ), a pod probodenom δ
Διαβάστε περισσότερα( x) ( ) ( ) ( x) ( ) ( x) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )
Zadatak 08 (Vedrana, maturantica) Je li unkcija () = cos (sin ) sin (cos ) parna ili neparna? Rješenje 08 Funkciju = () deiniranu u simetričnom području a a nazivamo: parnom, ako je ( ) = () neparnom,
Διαβάστε περισσότεραTeorem 1.8 Svaki prirodan broj n > 1 moºe se prikazati kao umnoºak prostih brojeva (s jednim ili vi²e faktora).
UVOD U TEORIJU BROJEVA Drugo predavanje - 10.10.2013. Prosti brojevi Denicija 1.4. Prirodan broj p > 1 zove se prost ako nema niti jednog djelitelja d takvog da je 1 < d < p. Ako prirodan broj a > 1 nije
Διαβάστε περισσότεραMinistarstvo prosvete i sporta Republike Srbije Druxtvo matematiqara Srbije Prvi razred A kategorija
18.02006. Prvi razred A kategorija Dokazati da kruжnica koja sadrжi dva temena i ortocentar trougla ima isti polupreqnik kao i kruжnica opisana oko tog trougla. Na i najve i prirodan broj koji je maƭi
Διαβάστε περισσότεραASIMPTOTE FUNKCIJA. Dakle: Asimptota je prava kojoj se funkcija približava u beskonačno dalekoj tački. Postoje tri vrste asimptota:
ASIMPTOTE FUNKCIJA Naš savet je da najpre dobro proučite granične vrednosti funkcija Neki profesori vole da asimptote funkcija ispituju kao ponašanje funkcije na krajevima oblasti definisanosti, pa kako
Διαβάστε περισσότεραAksioma zamene. Aksioma dobre zasnovanosti. Aksioma dobre zasnovanosti Svaki neprazan skup A sadrži skup a takav da je A a = 0.
Aksioma zamene Aksioma zamene opisuje sledeće: ako je P (x, y) neko svojstvo parova skupova (x, y) takvo da za svaki skup x postoji tačno jedan skup y takav da par (x, y) ima svojstvo P, tada za svaki
Διαβάστε περισσότεραANALIZA SA ALGEBROM I razred MATEMATI^KA LOGIKA I TEORIJA SKUPOVA. p q r F
ANALIZA SA ALGEBROM I razred MATEMATI^KA LOGIKA I TEORIJA SKUPOVA. Istinitosna tablica p q r F odgovara formuli A) q p r p r). B) q p r p r). V) q p r p r). G) q p r p r). D) q p r p r). N) Ne znam. Date
Διαβάστε περισσότερα1.4 Tangenta i normala
28 1 DERIVACIJA 1.4 Tangenta i normala Ako funkcija f ima derivaciju u točki x 0, onda jednadžbe tangente i normale na graf funkcije f u točki (x 0 y 0 ) = (x 0 f(x 0 )) glase: t......... y y 0 = f (x
Διαβάστε περισσότεραELEMENTARNE FUNKCIJE
1 1. Osnovni pojmovi ELEMENTARNE FUNKCIJE Jedan od najvažnijih pojmova u matematici predstavlja pojam funkcije. Definicija 1.1. Neka su X i Y dva neprazna skupa. Funkcija f iz skupa X u skup Y je pridruživanje
Διαβάστε περισσότερα1 Uvodni pojmovi kombinatorike, I deo
1 Uvodni pojmovi kombinatorike, I deo 1 Uvodni pojmovi kombinatorike, I deo U predavanju se osvrćemo na osnovne principe kombinatorike i njihovu primenu na rešavanje elementarnih kombinatornih problema.
Διαβάστε περισσότεραDeterminante. Inverzna matrica
Determinante Inverzna matrica Neka je A = [a ij ] n n kvadratna matrica Determinanta matrice A je a 11 a 12 a 1n a 21 a 22 a 2n det A = = ( 1) j a 1j1 a 2j2 a njn, a n1 a n2 a nn gde se sumiranje vrši
Διαβάστε περισσότεραSloženi zadaci sa prostim brojem
1 Prirodno-matematički fakultet, Univerzitet u Nišu, Srbija http://www.pmf.ni.ac.rs/mii Matematika i informatika 3 (3) (2016), 1-18 Složeni zadaci sa prostim brojem Nenad O. Vesić Prirodno-matematički
Διαβάστε περισσότερα