ΛΥΣΕΙΣ ΤΩΝ ΑΣΚΗΣΕΩΝΣΤΑ ΟΡΙΑ

Σχετικά έγγραφα
ΛΤΕΙ ΣΩΝ ΑΚΗΕΩΝ ΜΕ ΣΟΝ ΟΡΙΜΟ ΣΗ ΠΑΡΑΓΩΓΟΤ

ΑΣΚΗΣΕΙΣ ΣΤΑ ΟΡΙΑ ΑΣΚΗΣΗ 1. Λύση. α. lim. χ 0 χ. χ χ χ = 2 lim limg(χ) = 2 και. = 2. Θέτω g(χ) = οπότε έχω: χ 1. χ 1. = g(χ)(χ 1). Επομένως.

ΔΗΜΟΣΘΕΝΕΙΟ ΓΕΝΙΚΟ ΛΥΚΕΙΟ ΠΑΙΑΝΙΑΣ. ΟΡΙΟ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ ΣΤΟ xo ΑΣΚΗΣΕΙΣ Α. ΑΠΛΟΠΟΙΗΣΗ ΤΟΥ ΟΡΟΥ ( x. 2 lim χ + χ 5χ. χ 5χ+ lim. χ χ. lim.

ΛΥΣΕΙΣ ΤΩΝ ΑΣΚΗΣΕΩΝ ΣΤΟ ΘΕΩΡΗΜΑ ROLLE

ΟΡΙΟ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ. Όταν το χ τότε το. στο,µπορούµε να θεωρήσουµε ότι το

- ΟΡΙΟ - ΣΥΝΕΧΕΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 5: ΚΡΙΤΗΡΙΟ ΠΑΡΕΜΒΟΛΗΣ - ΤΡΙΓΩΝΟΜΕΤΡΙΚΑ ΟΡΙΑ - ΟΡΙΟ ΣΥΝΘΕΤΗΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ

ΣΥΝΕΠΕΙΕΣ ΤΟΥ ΘΕΩΡΗΜΑΤΟΣ ΜΕΣΗΣ ΤΙΜΗΣ

Περιεχόμενα μεθόδευση του μαθήματος

Λύσεις των θεμάτων των Πανελλαδικών Εξετάσεων στα Μαθηματικά Προσανατολισμού 2016

Κριτήριο παρεµβολής Βοηθητική συνάρτηση. R R τέτοια, ώστε να ισχύει. f(x) x. lim. ii) x 0. lim f (x) = 0. x 0. lim. ( x + x + 4) = 4. x 0.

. lim [2f (x) + 3g (x)] = 13

Γιώργος Καριπίδης-Ανθούλα Σοφιανοπούλου ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ ΚΑΤΕΥΘΥΝΣΗΣ ΜΕΘΟΔΟΛΟΓΙΑ ΣΤΑ ΟΡΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ

- ΟΡΙΟ - ΣΥΝΕΧΕΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 5: ΚΡΙΤΗΡΙΟ ΠΑΡΕΜΒΟΛΗΣ - ΤΡΙΓΩΝΟΜΕΤΡΙΚΑ ΟΡΙΑ - ΟΡΙΟ ΣΥΝΘΕΤΗΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ

( ) ΑΣΚΗΣΕΙΣ ΓΙΑ ΕΠΑΝΑΛΗΨΗ ΣΥΝΑΡΤΗΣΕΙΣ ΟΡΙΑ 2 = ΜΑΘΗΜΑ : ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΛΥΚΕΙΟ ΑΓΙΑΣ ΦΥΛΑΞΕΩΣ ΤΑΞΗ : Β Λυκείου κατ. 1) Να βρεθεί το Π.Ο.

Μαθηματικά Προσανατολισμού Γ Λυκείου Κανιστράς Δημήτριος. Συναρτήσεις Όρια Συνέχεια Μια πρώτη επανάληψη Απαντήσεις των ασκήσεων

ΕΡΩΤΗΣΕΙΣ ΚΑΤΑΝΟΗΣΗΣ ΑΛΓΕΒΡΑ Β ΛΥΚΕΙΟΥ

ΘΕΩΡΗΜΑ ΜΕΣΗΣ ΤΙΜΗΣ ΘΕΩΡΗΜΑ ΜΕΣΗΣ ΤΙΜΗΣ ΔΙΑΦΟΡΙΚΟΥ ΛΟΓΙΣΜΟΥ

Η ΕΝΝΟΙΑ ΤΗΣ ΠΑΡΑΓΩΓΟΥ. (ii) f (x) = π. f (x)

lim f ( x ) 0 gof x x για κάθε x., τότε

- ΟΡΙΟ - ΣΥΝΕΧΕΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 7: ΣΥΝΕΧΕΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ - ΠΡΑΞΕΙΣ ΜΕ ΣΥΝΕΧΕΙΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΕΙΣ - ΣΥΝΕΧΕΙΑ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ ΣΕ ΔΙΑΣΤΗΜΑΤΑ

Επαναληπτικές Ασκήσεις

ΟΡΙΟ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ 9 ο ΓΕΛ ΠΕΡΙΣΤΕΡΙΟΥ Α. ΕΝΝΟΙΑ ΤΟΥ ΟΡΙΟΥ. f(x) lim με g(x ) 0 Γ. ΜΟΡΦΗ Ι. ΟΡΙΟ ΡΗΤΩΝ ΣΥΝΑΡΤΗΣΕΩΝ. x α. x α.

0x2 = 2. = = δηλαδή η f δεν. = 2. Άρα η συνάρτηση f δεν είναι συνεχής στο [0,3]. Συνεπώς δεν. x 2. lim f (x) = lim (2x 1) = 3 και x 2 x 2

ΛΟΓΙΣΜΟΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 2: ΠΑΡΑΓΩΓΟΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ - ΚΑΝΟΝΕΣ ΠΑΡΑΓΩΓΙΣΗΣ - ΠΑΡΑΓΩΓΟΣ ΣΥΝΘΕΤΗΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗΣ

Γ ΓΕΝΙΚΟΥ ΛΥΚΕΙΟΥ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ. Ημερομηνία: Σάββατο 11 Νοεμβρίου 2017 Διάρκεια Εξέτασης: 3 ώρες ΕΚΦΩΝΗΣΕΙΣ

4. Αν η συνάρτηση f είναι συνεχής στο, να αποδειχθεί ότι η συνάρτηση. Αν t = a ή u = x - a και αν t = b ή u = x -b. x ς ς.

ΔΙΑΓΩΝΙΣΜΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΩΝ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ (ενδεικτικές λύσεις)

math-gr Παντελής Μπουμπούλης, M.Sc., Ph.D. σελ. 2 math-gr.blogspot.com, bouboulis.mysch.gr

7. Αν υψώσουμε και τα δύο μέλη μιας εξίσωσης στον κύβο (και γενικά σε οποιαδήποτε περιττή δύναμη), τότε προκύπτει

αβ (, ) τέτοιος ώστε f(x

Βασικές ασκήσεις Βασική θεωρία. του πεδίου ορισμού της; β) Έστω η συνάρτηση: ένα σημείο του πεδίου ορισμού της. Θα λέμε ότι η f είναι συνεχής στο x

ΚΕΦΑΛΑΙΟ 3ο: ΔΙΑΦΟΡΙΚΟΣ ΛΟΓΙΣΜΟΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 1: ΕΝΝΟΙΑ ΠΑΡΑΓΩΓΟΥ - ΠΑΡΑΓΩΓΟΣ ΚΑΙ ΣΥΝΕΧΕΙΑ [Κεφ. 2.1: Έννοια της Παραγώγου του σχολικού βιβλίου].

5o Επαναληπτικό Διαγώνισμα 2016

ΟΡΙΣΜΟΣ ΠΑΡΑΓΩΓΟΥ ΟΡΙΣΜΟΣ ΕΦΑΠΤΟΜΕΝΗΣ

ΑΣΚΗΣΕΙΣ (1) Να ανάγετε τους πιο κάτω τριγωνομετρικούς αριθμούς σε τριγωνομετρικούς αριθμούς οξειών γωνιών: α) 160 β) 135 γ) 150 δ) ( 120

(2 x) ( x 5) 2(2x 11) 1 x 5

Ασκήσεις. g x α β συν α β x, α,β 0. Αν οι. π π Α f g 3 4. α) Να βρείτε την μέγιστη και την ελάχιστη τιμή της f καθώς και την περίοδο της f.

f (x o ) g (x o ) = 0 f (x o ) = g (x o ).

Α Ρ Ι Θ Μ Ο Σ : 6.913

ΜΕΡΟΣ Β ΕΠΑΝΑΛΗΨΗ ΣΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΣ ΣΠΟΥΔΩΝ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑΣ ΚΑΙ ΠΛΗΡΟΦΟΡΙΚΗΣ

ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ ΚΑΤΕΥΘΥΝΣΗ. Εµβαδά., x 1 x f

Λύσεις των θεμάτων των Πανελλαδικών Εξετάσεων στα Μαθηματικά Προσανατολισμού 2016

Πολλά ψέματα λίγες αλήθειες. ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΚΑΤΕΥΘΥΝΣΗΣ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ ΜΕΡΟΣ 1 ο

Επαναληπτικά θέματα στα Μαθηματικά προσανατολισμού-ψηφιακό σχολείο ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ ΣΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ ΘΕΤΙΚΩΝ ΣΠΟΥΔΩΝ

ΚΕΦΑΛΑΙΟ 3ο: ΔΙΑΦΟΡΙΚΟΣ ΛΟΓΙΣΜΟΣ ΕΝΟΤΗΤΑ 3: ΕΦΑΠΤΟΜΕΝΗ [Κεφάλαιο 2.1: Πρόβλημα εφαπτομένης του σχολικού βιβλίου]. ΠΑΡΑΔΕΙΓΜΑΤΑ ΘΕΜΑ Β

1 ο Διαγώνισμα περιόδου στις Συναρτήσεις και τα Όρια

O1 ΓΕΩΜΕΤΡΙΚΗ ΕΡΜΗΝΕΙΑ ΤΟΥ ΟΡΙΟΥ lim f x

2.2 ΠΑΡΑΓΩΓΙΣΙΜΕΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΕΙΣ-ΠΑΡΑΓΩΓΟΣ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗ

ΤΡΥΦΩΝ ΠΑΥΛΟΣ Μαθηµατικά Γ Λυκείου - Κατεύθυνσης

ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΚΑΤΕΥΘΥΝΣΗΣ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ

ΛΥΣΕΙΣ ΠΡΟΣΟΜΟΙΩΣΗ ΘΕΜΑΤΩΝ 5 05/05/2016 ΣΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ ΘΕΤΙΚΩΝ ΣΠΟΥΔΩΝ ΚΑΙ ΣΠΟΥΔΩΝ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑΣ ΚΑΙ ΠΛΗΡΟΦΟΡΙΚΗΣ

ΜΑΘΗΜΑ ΜΗ ΠΕΠΕΡΑΣΜΕΝΟ ΟΡΙΟ ΣΤΟ xο

Π Ο Λ Ι Τ Ι Κ Α Κ Α Ι Σ Τ Ρ Α Τ Ι Ω Τ Ι Κ Α Γ Ε Γ Ο Ν Ο Τ Α

Για την τοπική μελέτη μιας συνάρτησης f ενδιαφέρον έχει η συμπεριφορά της συνάρτησης γύρω απο κάποια θέση x 0

#Ευθύνη_Μαθηματικά ΤΕΛΟΣ 1ΗΣ ΑΠΟ 11 ΣΕΛΙΔΕΣ

ΤΩΝ ΟΜΑΔΩΝ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ ΘΕΤΙΚΩΝ ΣΠΟΥΔΩΝ ΚΑΙ ΣΠΟΥΔΩΝ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑΣ ΚΑΙ ΠΛΗΡΟΦΟΡΙΚΗΣ

ΑΛΓΕΒΡΑ Β ΛΥΚΕΙΟΥ Επαναληπτικές SOS-ΑΣΚΗΣΕΙΣ

ΕΛΛΗΝΙΚΗ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΗ ΕΤΑΙΡΕΙΑ ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ 2006 ΘΕΜΑ 1 ΛΥΣΗ. Η τελευταία σχέση εκφράζει μια εξίσωση κύκλου που επαληθεύεται για w=0.

Γ ΓΕΝΙΚΟΥ ΛΥΚΕΙΟΥ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ. Ημερομηνία: Τρίτη 3 Ιανουαρίου 2017 Διάρκεια Εξέτασης: 3 ώρες ΕΚΦΩΝΗΣΕΙΣ

Μ Α Θ Η Μ Α Τ Α Γ Λ Υ Κ Ε Ι Ο Υ

ΕΛΛΗΝΙΚΗ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΗ ΕΤΑΙΡΕΙΑ ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ 2006 ΘΕΜΑ 12. = e dt. Να αποδείξετε ότι: ΛΥΣΗ

ΑΣΚΗΣΕΙΣ ΘΕΜΑ Β. 0και 4 x 3 0.

Μαθηματικά Κατεύθυνσης Γ Λυκείου ( ) ( ) ( ) α β, παραγωγίσιμη στο ( ) β με. β α β α. f β f α. g ( ξ ) = 0, δηλαδή

Μ Α Θ Η Μ Α Τ Α Γ Λ Υ Κ Ε Ι Ο Υ

ΜΕΘΟΔΟΙ ΠΟΥ ΧΡΕΙΑΖΟΝΤΑΙ ΜΙΑ ΔΕΥΤΕΡΗ ΜΑΤΙΑ

47 Να προσδιορίσετε τη συνάρτηση gof, αν α) f και g, β) f ηµ και π γ) f ( ) και g εφ 4 g 48 ίνονται οι συναρτήσεις f + και g Να προσδιορίσετε τις συνα

Κριτήριο Παρεμβολής. και. άρα από το παραπάνω κριτήριο παρεµβολής το l im f ( x) (x 1) 2 f (x) 2x (x 1) 2 2x (x 1) 2 f (x) 2x + (x 1) 2

ΒΑΣΙΚΕΣ ΕΝΝΟΙΕΣ & ΠΡΟΑΠΑΙΤΟΥΜΕΝΕΣ ΓΝΩΣΕΙΣ ΓΙΑ ΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ A ΕΝΙΑΙΟΥ ΛΥΚΕΙΟΥ ΕΠΙΜΕΛΕΙΑ : ΠΑΛΑΙΟΛΟΓΟΥ ΠΑΥΛΟΣ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΟΣ

ΛΥΣΕΙΣ ΠΡΟΣΟΜΟΙΩΣΗ ΘΕΜΑΤΩΝ 5 05/05/2016 ΣΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ ΘΕΤΙΚΩΝ ΣΠΟΥΔΩΝ ΚΑΙ ΣΠΟΥΔΩΝ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑΣ ΚΑΙ ΠΛΗΡΟΦΟΡΙΚΗΣ

ΟΜΟΣΠΟΝΔΙΑ ΕΚΠΑΙΔΕΥΤΙΚΩΝ ΦΡΟΝΤΙΣΤΩΝ ΕΛΛΑΔΟΣ (Ο.Ε.Φ.Ε.) ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ 2019 A ΦΑΣΗ

Άλγεβρα Β Λυκείου Επαναληπτικά θέματα ΟΕΦΕ α φάση

Α3. Σχολικό βιβλίο σελ. 142 Γεωμετρική ερμηνεία του θ. Fermat: Στο σημείο (x o, f(x o )) η εφαπτομένη της C f είναι οριζόντια.

3. Παράγωγοι. f(χ) f(χ. χ χ. + χ χ. 2. Παρατηρήσεις f(χ0 h) f(χ 0) h Πολλές φορές το χ χ0. συμβολίζεται με Δx ενώ το f(χ0 h) f(χ

τα βιβλία των επιτυχιών

) της γραφικής παράστασης της f που άγονται από το Α, τις οποίες και να βρείτε. Μονάδες 8 Γ2. Αν ( 1) : y x, και ( 2

A N A B P Y T A ΑΣΚΗΣΕΙΣ ΠΟΛΥΩΝΥΜΩΝ. 1 (α + β + γ) [(α-β) 2 +(α-γ) 2 +(β-γ) 2 ] και τις υποθέσεις

ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ ΓΕΝΙΚΑ ΘΕΜΑ Α. , έχει κατακόρυφη ασύμπτωτη την x 0.

Μαθηματικά Προσανατολισμού Γ Λυκείου Κανιστράς Δημήτριος. Συναρτήσεις Όρια Συνέχεια Μια πρώτη επανάληψη Απαντήσεις των ασκήσεων.

1. Να προσδιορίσετε το πεδίο ορισμού των συναρτήσεων με τύπους. 2. Να βρεθεί ο λ R ώστε f(x) = ln ( x 2 +2λx+9) να έχει πεδίο ορισμού Α = R

ΕΡΩΤΗΣΕΙΣ. ικανοποιούν την ανίσωση 2x 3 < 11; (E) µεταξύ των απαντήσεων Α D δεν υπάρχει

ΚΕΦΑΛΑΙΟ 4 Ο ΕΚΘΕΤΙΚΗ ΛΟΓΑΡΙΘΜΙΚΗ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗ ΣΤΟΙΧΕΙΑ ΘΕΩΡΙΑΣ - ΑΣΚΗΣΕΙΣ

1. Συναρτήσεις. R όπου για κάθε χ Α, υπάρχει ένα μόνο y Β

Γ ΓΕΝΙΚΟΥ ΛΥΚΕΙΟΥ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ. Ημερομηνία: Πέμπτη 20 Απριλίου 2017 Διάρκεια Εξέτασης: 3 ώρες ΕΚΦΩΝΗΣΕΙΣ

ΥΠΟΥΡΓΕΙΟ ΠΑΙ ΕΙΑΣ ΚΑΙ ΠΟΛΙΤΙΣΜΟΥ ΙΕΥΘΥΝΣΗ ΑΝΩΤΕΡΗΣ ΚΑΙ ΑΝΩΤΑΤΗΣ ΕΚΠΑΙ ΕΥΣΗΣ ΥΠΗΡΕΣΙΑ ΕΞΕΤΑΣΕΩΝ ΠΑΓΚΥΠΡΙΕΣ ΕΞΕΤΑΣΕΙΣ 2011

ΑΣΚΗΣΗ 4 f (χ) = 3χ + 2χ + λ με Δ = 4 12λ οπότε αν Δ > 0 λ θα έχω ότι

ΣΥΝΘΕΣΗ ΣΥΝΑΡΤΗΣΕΩΝ Επιμέλεια: Καρράς Ιωάννης Μαθηματικός ὁ γιγνώσκων γιγνώσκει τὶ ἢ οὐδέν;

V. Διαφορικός Λογισμός. math-gr

ΜΑΘΗΜΑ ΑΣΥΜΠΤΩΤΕΣ DE L HOSPITAL Θεωρία Σχόλια Μέθοδοι Ασκήσεις

f '(x 0) lim lim x x x x

ΘΕΜΑΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΩΝ Γ ΓΥΜΝΑΣΙΟΥ ΘΕΩΡΙΑ

Γ Ε Ν Ι Κ Ο Δ Ι Α Γ Ω Ν Ι Σ Μ Α Ο Ι Κ Ο Ν Ο Μ Ι Α Σ - Θ Ε Τ Ι Κ Η Σ Γ Τ Α Ξ Η Β. Ρ.

1 ο Διαγώνισμα Ύλη: Συναρτήσεις μέχρι και τα ακρότατα

Θ έ µ α τ α Τ ύ π ο υ Σ ω σ τ ό Λ ά θ ο ς

Τ ρ α π ε ζ α Θ ε μ α τ ω ν

ΕΛΛΗΝΙΚΗ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΗ ΕΤΑΙΡΕΙΑ ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΑ ΘΕΜΑΤΑ Γ ΛΥΚΕΙΟΥ 2016 ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΟΜΑΔΑΣ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ ΘΕΤΙΚΩΝ ΣΠΟΥΔΩΝ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑΣ & ΠΛΗΡΟΦΟΡΙΚΗΣ

2.3. Ασκήσεις σχολικού βιβλίου σελίδας A Οµάδας. Να βρείτε την παράγωγο των συναρτήσεων

ΕΠΙΛΥΣΗ ΕΞΙΣΩΣΕΩΝ ΚΑΙ ΑΝΙΣΩΣΕΩΝ ΣΥΝΑΡΤΗΣΙΑΚΩΝ ΜΟΡΦΩΝ MIAΣ ΜΕΤΑΒΛΗΤΗΣ

α) () z i z iz i Αν z i τότε i( yi) i + + y y y ( y) i i y + 4y + 4, y y 4. Άρα z i. 4 β) ( z) z i z z i z ( i) z, οπότε ( z ) i z z Άρα z z γ) Αν z τ

. Όλες οι συναρτήσεις δεν μπορούν να παρασταθούν στο καρτεσιανό επίπεδο όπως για παράδειγμα η συνάρτηση του Dirichlet:

5.3 ΛΟΓΑΡΙΘΜΙΚΗ ΣΥΝΑΡΤΗΣΗ

Transcript:

ΛΥΣΕΙΣ ΤΩΝ ΑΣΚΗΣΕΩΝ ΣΤΑ ΟΡΙΑ. α. Αν στην δοθείσα σέση θέσω =ψ=0 θα έω ƒ(0) = (ƒ(0)) ƒ(0)(ƒ(0) ) = 0 ƒ(0) = αφού δίδεται ότι ƒ(0) 0 β. θέτω = h = + h οπότε ƒ() = ƒ( + h) = [ƒ( ) ƒ(h)] = ƒ( ) ƒ(h) = ƒ( ) ƒ(0) = ƒ( ) h h h 2. Θέτοντας στην αρική =ψ= έω ƒ() = ƒ() + ƒ() ƒ() = 0 Θέτω = h = h Άρα 3. ƒ() = ƒ( h) = [ƒ( ) + ƒ(h)] = ƒ( ) + ƒ(h) = h h h = ƒ( ) + ƒ() = ƒ( ) + 0 = ƒ( ) Ισύει ότι 0 ƒ () ƒ () + g () 0 Από κριτήριο παρεμβολής έω ƒ () = 0 ƒ () = 0 ƒ() = 0 Αλλά ισύει ƒ() ƒ() ƒ() και από κριτήριο παρεμβολής έω ότι ƒ() = 0 Παρόμοια και g() = 0 Από την σέση ƒ 2 () + g 2 () 2ημƒ() ƒ 2 () + g 2 () 2ημƒ() + ημ 2 ημ 2 (ƒ() ημ) + g () ημ οπότε όπως και προηγουμένως έω επειδή 0 (ƒ() ημ) + g () ημ και ημ = 0 και 0 (ƒ() ημ) (ƒ() ημ) + g () και [(ƒ() ημ) + g ()] = 0

(ƒ() ημ) = 0 (ƒ() ημ) = 0 (ƒ() ημ) = 0 και ƒ() ημ ƒ() ημ ƒ() ημ έουμε από κριτήριο παρεμβολής ότι Παρόμοια για την g() 4. [ ƒ() ημ] = 0 θέτοντας g() = ƒ() ημ ƒ() = g() + ημ ƒ() = [ g() + ημ] = g() + ημ = 0 Προσθέτω και αφαιρώ στον αριθμητή το ƒ() και έω ƒ() ƒ() + ƒ() ƒ() ƒ() ƒ() ( = ) ( + )( ) ƒ()( ) ( + )( ) = = ( + ) ƒ() ƒ() ƒ() ( + ) = 2 l 2 ƒ() = (l ƒ()) 2 5. 3( ) = 0 και 2( ) = 0 Άρα από κριτήριο παρεμβολής και ƒ() = 0 για = αν θέσω στη δοθείσα έω 0 ƒ() 0 άρα ƒ() = 0 Αν > τότε ->0 οπότε διαιρώντας την δοθείσα έω ƒ() ( ) 3( + ) ƒ() 2( + + ) και 3( + ) = 0 και 2( + + ) = 6 Άρα από κριτήριο παρεμβολής έω ότι ƒ() = 6 Παρόμοια όταν < τότε -<0 Άρα ƒ() ( ) 3( + ) ƒ() 2( + + ) Άρα ƒ() = 6 Άρα και ƒ() = 6 2

ιν. Διαιρώ με το - και έω ƒ() () = = 6 ƒ() διότι = 6 και θέτοντας -=ν του τότε ν 0 Άρα 6. ημ( ) ημν = ν = ( 2ημ(4) ) = 0 και ( 8 + ) = 0 Άρα από κριτήριο παρεμβολής ƒ() = 0 Αν >0 τότε 2ημ(4) ƒ() 8 + 2ημ(4) 2ημ(4) Αλλά = = 8 και 0 0 0 8 + ƒ() = 8 και = 0 7. Θα πρέπει ƒ() = ƒ() ( 2ημ) = 2 = α + β + γ () Επίσης ƒ() = 0 = α + β + γ (2) ƒ() (αημ + β + γ) συν = (αημ + β + γ) Από τις σέσεις (),(2) αφαιρώντας κατά μέλη έω 2α = 2 α = και για α = έω β + γ =. Ο γεωμετρικός τόπος των σημείων Μ είναι η ευθεία +ψ=- 3

8. Θέτω g() = ƒ() ƒ(x) g(x) + g(x) l = ƒ(x) l ƒ() ƒ(x)(g(x) ) = l( g(x) ) ƒ(x) = (()) () l( g(x) ) l( 0 ) ƒ(x) = = = l g(x) 0 9. Αφού η ƒ είναι άρτια τότε ƒ( ) = ƒ()και έω αν θέσω = u τότε = u και όταν το u ƒ() = l ƒ( ) = l ƒ(u) = l ƒ() = l Αν η ƒ είναι περιττή τότε ƒ( ) = ƒ()και έω αν θέσω = u τότε = u και όταν το u ƒ() = l ƒ( ) = l ƒ(u) = l ƒ(u) = l ƒ() = l 0. 3 2 x x x x0 2 2 x x Διαιρώντας με θα έω 4

ημ + εφ ημ + εφ = διότι ημ = ημ ημ και επειδή 2 ( ) = = 0 από κριτήριο παρεμβολής και ημ = 0 Παρόμοια και ημ = ημ = εφ = β. Θέτω -π=ν τότε =π+ν και έω π έω -π 0 και ν 0 ημ (π + ν) ( ημ(ν)) (ημ(ν)) ημν = = = ημν ν ν ν ν = 0 = 0 γ. Θέτω 2=ν και έω 0 και ν 0 τότε ημημ(ημ2) = ημημ(ημν) Θέτω ημν=ω και έω ν 0 και ημν 0 και ω 0 τότε ημημ(ημν) = ημ(ημω) Θέτω ημω=ψ και έω ω 0 και ημω 0 και ψ 0 τότε ημ(ημω) = ημψ = 0. 5

ΛΥΣΕΙΣ ΤΩΝ ΑΣΚΗΣΕΩΝΣΤΑ ΟΡΙΑ 2x 2 2x 2 2x + 2 ƒ(x) ƒ(x) (x 2) (x 2) 2x + 2 2x 4 (x 2) 2x + 2 2 ƒ(x) (x 2) 2x + 2 ƒ(x) 2(x 2) ƒ(x) (x 2) 2x + 2 2 ƒ(x) ( 2x + 2) x 2 ƒ(x) ( ) = 2 Άρα ƒ() = 2. α + + 2 = 2 (α + + 2 ) = (4α + 4) ( ) 2 α + + 2 2 αν α > = απροσδ. αν α = + αν α < για α=- έω α + + 2 + + 2 ( 2)( + ) = = = (x + ) = 3 2 2 2 x + β + 2 ημ( 2) = x + β + 2 2 ημ( 2) 2 x + β + 2 = = (2β + 6)(+ ) 2 και έω x + β + 2 2 + αν β > 3 = απροσδιο. αν β = 3 αν β < 3 για β=-3 έω x + β + 2 2 = x 3 + 2 2 = ( ) = 6

Αν α<- και β>-3 έει όριο το + και αν α>- και β<-3 έει όριο το - 3. διότι α = 0 όταν α > + 2 + 3 + 5 + e = + 0 + 0 + 0 + 0 = β. 2 + 3 2 = + 3 2 + 3 3 2 2 = + 3 2 3 + 3 2 2 3 + = 0 + 3 0 + = 3 γ. 2 3 2 = + 3 2 2 3 2 = + 3 3 2 2 3 2 3 + 3 = 3 δ. Διακρίνουμε τις περιπτώσεις για την τιμή της παραμέτρου α αν α>2, αν α=2 και αν α<2 Αν α>2 τότε θα έω Αν α<2 τότε θα έω α + 2 α + 2 = α 2 α + 4 2 α α α α + 2 2 = α α 0 + 4 0 α + 2 0 = 0 α + 2 α + 2 = α α 2 + 4 α 0 + 4 α α 2 + 2 2 = 2 α 0 + 2 = 2 Αν α=2 τότε έω 4. α + 2 α + 2 = 2 2 + 2 4 6 2 4 2 = + 2 2 6 2 = 7

(2 + )ƒ() 3 + (2 + )ƒ() 3 + + 3 (2 + )ƒ() + + 3 + 3 2 + ƒ() + + 3 2 + Επειδή + 3 + + 3 2 + = 3 και 2 + = 3 και ƒ() = 3 διότι ƒ()ημ ƒ()ημ = = ƒ() ημ = 3 5.Από την δοθείσα έω ημ,, ημu u = α. ƒ () ƒ() + > ƒ () ƒ() > 0 ƒ()(ƒ() 2) > 0 που ισύει διότι το σύνολο τιμών της ƒ είναι (2,+ ) δηλ ƒ()>2 β.από την δοθείσα έω Αλλά και ƒ () 3ƒ() + 3 = + 2 ƒ() για κάθε > 0 ƒ () 3ƒ () + 3ƒ() 2 = (ƒ() 2)(ƒ () ƒ() + ) = > 0 ƒ() 2 = 0 < ƒ () ƒ() + < ƒ () ƒ() + διότι > 0 και ƒ () ƒ() + > 0 άρα ισύει Αλλά < ƒ() 2 < ( ) ( ƒ() 2) ( ) = 0 και = 0 άρα και ( ƒ() 2) = 0 ƒ() = 2 6. 8

Αν στη δοθείσα θέσω α=β= θα έω ƒ(2) = ƒ () + Από την ƒ() = θέτω g() = ƒ() g() + = ƒ()και επομένως 0 θέτω -=u τότε το u 0 και =u+ ƒ() = [g() + ] = 0 + = 2 ƒ() ƒ() (u + ) 2 ƒ(u + ) ƒ() = 7 u 0 u (u + ) [ƒ(u) ƒ() + u] ƒ() = 7 u = 7 (u + ) ƒ(u) ƒ() + u(u + ) ƒ() = 7 u [(u + ) ƒ(u) )]ƒ() + u(u + ) = 7 u [u ƒ(u) + 2uƒ(u) + ƒ(u) ]ƒ() + (u + ) = 7 u uƒ(u) + 2ƒ(u) + ƒ(u) ƒ() +(u + ) = 7 u ƒ(u) 0 + 2 + ƒ() + = 7 3ƒ() = 6 ƒ() = 2 u Από την ƒ(2) = ƒ () + ƒ(2) = 2 + = 5 7. ƒ(2 + ) ƒ(2 ) + 3 4 ημ2 = = ƒ(2 + ) ƒ(2) ƒ(2 + ) ƒ(2) ƒ(u) ƒ(2) = u 2 ƒ(2 + ) ƒ(2) ƒ(2) + ƒ(2 ) + 3 4 ημ2 4 ημ2 ƒ(2 ) ƒ(2) = 3 aφού αντικαταστήσουμε u = + 2 = u 2 και 0 το u 2 Παρομοίως αν αντικαταστήσω 2 = u τότε = 2 u και όταν 0 το u 2 και Αρα ƒ(2 ) ƒ(2) ƒ(u) ƒ(2) ƒ(u) ƒ(2) = = = 3 2 u u 2 = 9

ƒ(2 + ) ƒ(2) ƒ(2 ) ƒ(2) + 3 4 ημ2 = 3 + 3 + 3 4 2 = 9 2 8. Άρα 9. Θέτω ƒ(3) ƒ( ) ƒ(3) = 3 3 = 3 ƒ(u) u ƒ( ) = = ƒ(u) u ƒ(3) + ƒ( ) ημ(α) 4 ημ = 7 9 3α 4 = 9 αντικαταστήσαμε 3 = u = 3 αντικαταστήσαμε = u ƒ(3) + ƒ( ) ημ(α) 4 ημ = 7 = 7 9 3α = 2 3α = 2 α = 4 ƒ() () = g()και έω g() = 8 και έω ƒ() = ( 2) g() συν π 4 4 συν π 4 2 = συν = ( 2) g() + 4 ( 2)g() + 2 + 2 = 4 π(u + 2) 4 u συν π 4 4 = 0 8 4 = 0 ( 2)g() = + + 2 πu συν 4 + π 2 πu ημ 4 = = u u συν π 4 2 = π 4 + 2 ƒ() = 0 π 4 4 = π 6 20. Από την δοθείσα για α=β= έω ƒ()=ƒ()+ƒ() ƒ()=0 Άρα ƒ() ƒ() ƒ() = = 2 Θέτω = u τότε = uξ και όταν ξ το u Επιπλέον αφού το (ξ,ƒ(ξ)) είναι σημείο της ψ= τότε ƒ(ξ)=ξ. Επομένως ƒ() ƒ(ξ) ƒ(uξ) ξ uƒ(ξ) + ξƒ(u) ƒ(ξ) = = = ξ uξ ξ uξ ξ ξƒ(u) ƒ(ξ)(u ) ƒ(u) + = ξ(u ) ξ(u ) (u ) + ƒ(ξ) = 2 + = 3 αφού ƒ(ξ) = ξ ξ 2. 0

Θέτω h() = ƒ () () ƒ () + () ƒ () () ƒ () () ƒ () () ƒ () ƒ () + () = ƒ () συν + () ημ () ƒ () () ƒ() + g() Άρα ƒ() g() h() ƒ() + g() και ( ƒ() g() ) = 0 και ( ƒ() + g() ) = 0 και απο κριτήριο παρεμβολής h() = 0 22. Επειδή ( α) = α < 0 και α < 0 κοντα στο 0 Επειδή ( + α) = α > 0 και + α > 0 κοντά στο 0 α + α + α α Αρα = = 2 που 2 = λ ( ) = λ και = + και λ = λ ( ) ( ). αν -λ>0 >λ τότε το όριο είναι + 2. αν -λ<0 <λ τότε το όριο είναι - 3. αν λ= τότε έω θέτοντας όπου λ το στην αρική ( ) = ( ) ( + ) = ( ) + = (± ) άρα δεν υπάρει το ( ) 23. Από τη δοθείσα έω α + 2 + β 4 2 = ƒ() ( 5 + 6) Επειδή ƒ() = 0 και ( 5 + 6) = 0 έουμε και (α + 2 + β 4 2) = 0 5α + β 2 = 0 β = 2 5α κοντά στο 3 σε κατάλληλη περιοή το + 2 > 0 και 4 < 0 άρα Άρα ƒ() = α( + 2) + (2 5α)( + 4) 2 = ( 3)( 2) 6α 2 ƒ() = 2 = 6α 8α 2 + 6 (6α 2)( 3) = ( 3)( 2) ( 3)( 2) = 6α 2 2 (6α 2) = 0 6α 2 = 0 α = 2 και από την β = 2 5α β = 8

24. I. Πρέπει ƒ() g() π. < = 0 και ( ) = 0 ΙΙ. Πρέπει να υπάρουν τα ƒ() και g() ΙΙΙ. Δεν αληθεύει ο ισυρισμός αφού μπορεί να μην υπάρει το ƒ() π. Για ƒ() = είναι ƒ() = 5 ενώ δεν υπάρει το ƒ() Ιν. Πρέπει g() ƒ() h() κοντά στο 2 και όι όταν ε, 6 όπου δεν ανήκει το 2 25. Ι.Είναι αληθής διότι και δεν ξενάμε ότι το αποτέλεσμα έρεται μετά τη μάη ƒ() = ƒ() = ƒ() = L ΙΙ. Είναι ψευδής αν 0 διότι π. ƒ() = τότε ƒ() = 0 2 αν = 0 ΙΙΙ. Είναι ψευδής διότι π. = 0 με = 0 Ιν. Είναι ψευδής,όι για κάθε σύνολο κοντά αλλά σε κατάλληλο σύνολο κοντά στο π. ( 2) = > 0 όμως όταν ϵ(,3) (3,5) το -2<0 όταν ϵ(,2) 2

νι Θα ήταν σωστό αν υπήρε το όριο το όριο της ƒ() 26. Διαιρώντας τη δοθείσα με 2 4 3 ημ 2 ημ έω = = + + 4 + ημ + 4 + ημ 4 διότι ημ = 0 και επειδή η παράσταση 4 + ημ 4 + ημ > 0 θα έω = 4 ημ + + = 0 + 0 = 0 και + ημ 2 = 2 και + 2 ημ 4 + ημ 4 = + 27. ƒ() = 2 +2 ημ 3 + 2 2 2 +2 3 + 2 ημ 2 2 +2 3 ( ημ + 2) + 2 2 +2 3 3 Αλλά + 2 + 2 + 2 3 + 2 = + 2 3 = 0 g() = συν4 2 + ημ 2 + ημ2 2 Αλλά + + ημ2 2 = 0 28 Θέτω h() = ƒ() εφ ƒ() = h() εφ και t() = 2 g() συν () g() = Αρα 2 ƒ() g() = h() εφ t() συν εφ συν = h()t() = h()t() ημ 2 2 Αλλά 3

ημ = ημ και ημ Απο κριτήριο παρεμβολής και = 0 ημ(ƒ()) ημ(g()) = κ ΛΥΣΕΙΣ ΤΩΝ ΑΣΚΗΣΕΩΝΣΤΑ ΟΡΙΑ ημ(ƒ()) ƒ() ƒ() g() διότι θέτοντας ƒ() = w τότε w = 0 και 29. = = 0 g() ημ(g()) = κ = κ ημ(ƒ()) ημw = ƒ() w w = Από την ƒ () + ƒ() = ƒ()(ƒ () + ) = ƒ() = 0 < ƒ () < ƒ () + ƒ() = 0 < ƒ() < 0 < ƒ() ƒ() από κριτήριο παρεμβολής το = 0 Από την ƒ () + ƒ() = ƒ() = ƒ() Αρα < οπότε ƒ() ƒ > 0 όταν (0, + ) () + ƒ() = = 0 Αρα ƒ() = 0 ƒ() = ƒ() ƒ() = = 30. f() = ( + β + ) = α + β + και f() = (2) = 2α. Για να υπάρει τον f() θα πρέπει f() = f() α + β + = 2α α + β + 2α = 0 (α ) + β = 0 α = και β = 0 3. με μ και κ θα έω (μ ) + (κ 2) 4 (μ ) (κ ) = = + 3 (κ ) μ κ = μ κ = μ κ (+ ) Και διακρίνουμε τις περιπτώσεις Α) με κ έω μ > 0 (κ )(μ ) > 0 (κ > και μ > ) ή (κ < και μ < ). Τότε το ζητούμενο κ 4

όριο είναι + μ < 0 (κ )(μ ) < 0 (κ > και μ < ) ή (κ < και μ > ). Τότε το ζητούμενο κ όριο είναι και αν μ (κ 2) 4 = 0 μ =. Για μ = η αρική γίνεται κ (κ ) + 3 = κ 2 κ = = κ 2 (+ ) με κ 2. Οπότε διακρίνουμε τις εξής περιπτώσεις κ Α) κ 2 > 0 (κ 2)(κ ) > 0 κ (, )U(2, + )τότε το ζητούμενο κ όριο είναι + Α2) κ 2 < 0 (κ 2)(κ ) < 0 κ (,2) τότε το ζητούμενο κ 4 Α3) αν κ = 2 τότε έουμε 4 + + Β) Αν κ = τότε το αρικό όριο γίνεται + = μ 3 = μ 3 Β) αν μ 3 Β2) αν μ 3 Β3) αν μ 3 2 + 3 = 2 = 0 (μ ) 4 3 4 (+ ) με μ και διακρίνουμε περιπτώσεις > 0 μ > τότε το όριο είναι + < 0 μ < τότε το όριο είναι 3 (μ ) 4 = = + 3 (μ ) 4 3 4 3 4 = 0 μ = οπότε το = = + 3 + 3 5